Sử dụng công thức: A-B- = 0,5 + aabb; A-bb/aaB - = 0,25 – aabb 

Hoán vị gen ở 1 bên cho 7 loại kiểu gen 

Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2 

ở ruồi giấm chỉ có HVG ở giới cái 

Cách giải :   

Tỷ lệ lặn về 3 tính trạng: 

\(\frac{{ab}}{{ab}}dd = 0.04 \to \frac{{ab}}{{ab}} = \frac{{0.04}}{{0.25}} = 0.16 = 0.32 \times 0.5 = \frac{{1 - f}}{2} \times 0.5 \to f = 36\% \)

A-B- = 0,5 + 0,16 =0,66 ; A-bb=aaB- = 0,25 -0,16 = 0,09 

D- = 0,75 ; dd =0,25 

Xét các phát biểu: 

(1) đúng, số loại kiểu gen là 7×3 =21 ; số loại kiểu hình là 4×2=8 

(2) đúng, kiểu hình có 2 trong 3 tính trạng trội:

A-B-dd + A-bbD- + aaB-D- = 0,66×0,25 + 2×0,09×0,75 =0,3 

(3) đúng 

(4) đúng, tỷ lệ kiểu hình mang 1 trong 3 tính trạng trội:

A-bbdd +aaB-dd + aabbD- = 2×0,09×0,25 + 0,16 ×0,75 =0,165 

(5) đúng, kiểu gen dị hợp về 3 cặp gen là:

 \(\frac{{AB}}{{ab}}Dd = 2 \times 0.32 \times 0.5 \times 0.5 = 0.16\)   

(6) đúng, tỷ lệ A-B-D- = 0,66×0,75=0,495 

Tỷ lệ: \(\frac{{AB}}{{AB}}DD = 0.5 \times 0.32 \times 0.25 = 0.04\)

Tỷ lệ cần tính là: \(\frac{{0.04}}{{0.495}} = \frac{8}{{99}}\)

Để trở thành nguyên liệu của chọn lọc tự nhiên thì gen đột biến phải được biểu hiện ra kiểu hình, hay ở trạng thái đồng hợp lặn. trong trường hợp C : Đột biến xuất hiện ở quần thể của loài sinh sản hữu tính, các cá thể tự thụ tinh thì tần số kiểu gen đồng hợp sẽ tăng nên đột biến nhanh chóng trở thành nguyên liệu của chọn lọc tự nhiên.

Xét các phát biểu : 

(1) đúng 

(2) sai, các gen nằm gần nhau thì lực liên kết lớn → tần số hoán vị thấp 

(3) đúng, VD ở người có 23 cặp NST nhưng có tới gần 20500 gen 

(4) đúng, chúng phân ly độc lập trong quá trình giảm phân 

(5) sai,số nhóm gen liên kết bằng số NST trong bộ đơn bội của loài 

Ở gà XX là con trống ; XY là con mái 

P : \({X^A}{X^A} \times {X^a}Y \to {F_1}:{X^A}{X^a} \times {X^A}Y \to {F_2}:1{X^A}{X^A}:1{X^A}{X^a}:1{X^A}Y:1{X^a}Y\) 

Xét các phát biểu : 

(1) đúng 

(2) đúng 

(3) đúng 

(4) sai, tỷ lệ là 3 lông vàng :1 lông đen 

(5) đúng 

(6) đúng 

Giả sử có n cặp gen cùng quy định tính trạng 

F1 dị hợp về n cặp gen, đời F2  có 15 loại kiểu hình → 2n +1 = 15 → n = 7 

Phương pháp:                  

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc:

 \({p^2}AA + 2pqAa + {q^2}aa = 1\)

Quần thể tự thụ phấn có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa  sau  n thế hệ tự thụ phấn có  cấu trúc di truyền.

     
\(x + \frac{{y(1 - 1/{2^n})}}{2}AA:\frac{y}{{{2^n}}}Aa:z + \frac{{y(1 - 1/{2^n})}}{2}aa\) 
          2           2n                2 

Tần số alen p:          

\({p_A} = x + \frac{y}{2} \to {q_a} = 1 - {p_A}\)          

Cách giải: 

Thế hệ thứ nhất có cấu trúc di truyền: 0,64AA + 0,32Aa+0,04aa = 1 

Thế hệ thứ 2 có cấu trúc di truyền: 0,72AA : 0,16Aa : 0,12aa = 1 

Tính tần số alen ở thế hệ thứ 2: \({p_A} = 0.64 + \frac{{0.32}}{2} = 0.8 \to {q_a} = 1 - {p_A} = 0.2\) ;không đổi 

→ tần số Aa giảm 1 nửa →tự thụ phấn 

Vậy quần thể có cấu trúc di truyền 0,72AA : 0,16Aa : 0,12aa = 1 tự thụ phấn 1 lần ; tỷ lệ Aa = 0,08 

Hội chứng Clafento: trong tế bào có bộ NST giới tính XXY 

Được phát hiện nhờ nghiên cứu tế bào 

Phương pháp: 

Sử dụng công thức :A-B- = 0,5 + aabb; A-bb/aaB - = 0,25 – aabb 

Hoán vị gen ở 2 bên cho 10 loại kiểu gen 

Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2 

Cách giải: 

F1 đồng hình thân cao hoa đỏ →P thuần chủng, thân cao, hoa đỏ là hai tính trạng trội 

Quy ước gen: 

A- thân cao; a – thân thấp 

B- hoa đỏ; b- hoa trắng                                

Cây thân cao hoa trắng chiếm 16%: 

 \(A - bb = 0.16 \to \frac{{ab}}{{ab}} = 0.09 \to = 0.3 = \frac{{1 - f}}{2} \to f = 40\% \)

    
P: \(\frac{{AB}}{{AB}} \times \frac{{ab}}{{ab}} \to {F_1}:\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{AB}}{{ab}};f = 40\% \) ; giao tử AB=ab =0,3; Ab=aB =0,2 

A-B- = 0,09 +0,5 =0,59; A-bb=aaB-=0,16; aabb=0,09 

Xét các phát biểu:      

(1) đúng, nếu cho cây F1 lai phân tích: 

\(\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{ab}}{{ab}};f = 40\% \to A - bb = 0.2\)

(2) đúng 

(3) sai, tỷ lệ thân thấp hoa đỏ ở F2  là: aaB- = 0,16 

 Tỷ lệ thân thấp hoa đỏ thuần chủng là: 

\(\frac{{aB}}{{aB}} = 0.2 \times 0.2 = 0.04\)

→xs cần tính là 1/4 →(3) sai 

(4) sai, tỷ lệ cây thân cao, hoa đỏ ở F2  là 0,59 

Tỷ lệ cây thân cao hoa đỏ thuần chủng là:

\(\frac{{AB}}{{AB}} = 0.3 \times 0.3 = 0.09\)

Xác suất cần tính là: 0,09/0,59 =9/59 

A sai, khi tế bào nguyên thuỷ được hình thành thì tiến hoá tiền sinh học sẽ kết thúc 

B sai các đại phân tử hữu cơ đã được hình thành trong giai đoạn tiến hóa hoá học 

C sai, tế bào sơ khai là khởi đầu của giai đoạn tiến hóa sinh học 

Phát biểu sai là B, sau khi mARN được tạo thành cần có quá trình gắn mũ và đuôi, cắt intron, nối exon sau đó được vận chuyển qua màng nhân ra tế bào chất mới tham gia dịch mã. 

Phương pháp 

1 tế bào giảm phân không có HVG cho 2 loại giao tử với tỉ lệ 1:1 

Giảm phân có HVG cho 4 loại giao tử với tỉ lệ 1:1:1:1 

Cách giải            

Xét 5 tế bào  của  cơ thể có kiểu gen \(\frac{{AB}}{{ab}}\)
Xét các phát biểu 

(1) 1 tế bào giảm phân có hoán vị gen cho ra 4 loại giao tử với tỉ lệ : 1 AB: 1 ab : 1 aB : 1 Ab.

→ 5 tế bào giảm phân có hoán vị gen cũng cho ra 4 loại giao tử với tỉ lệ : 1 AB: 1 ab : 1 aB : 1 Ab → loại  

giao tử aB chiếm 25% 

→ (1) đúng                                    

(2)  2 tế bào xảy ra hoán vị gen cho ra loại giao tử Ab chiếm tỷ lệ:

 \(\frac{2}{5} \times 0.25 = 10\% \)  → (2) đúng                                                                  

(3) 3 tế bào xảy ra hoán vị gen cho ra 2 loại giao tử hoán vị aB, Ab với tỷ lệ là   

\(\frac{3}{5} \times 0.25 = \frac{3}{{20}}\)
 → 2 loại giao tử liên kết AB, ab có tỷ lệ 7/20 → ý (3) đúng                                                                      

(4) 1 tế bào xảy ra hoán vị gen thì sẽ tạo ra 2 loại giao tử hoán vị aB, Ab với tỷ lệ là:

 \(\frac{1}{5} \times 0.25 = \frac{1}{{20}}\)

→ 2 loại giao tử liên kết AB, ab có tỷ lệ 9/20 → ý (4) sai 

Phát biểu sai là A,  với quần thể có kích thước nhỏ thì các yếu tố ngẫu nhiên càng dễ làm thay đổi tần số alen của quần thể 

F1  : 100% thân cao hoa đỏ → hai tính trạng này là trội hoàn toàn; F2  phân ly 3 cao đỏ:1 thấp trắng                                                      

Có 2 trường hợp có thể xảy ra: 

TH 1 : gen đa hiệu 

A- thân cao, hoa đỏ; a – thân thấp, hoa trắng 

P: AA × aa → F1  : Aa × Aa → 1AA:2A:1aa 
                  

Nếu F1 lai phân tích: Aa × aa → 1Aa:1aa  KH: 50% cây cao, hoa đỏ : 50% cây thấp, hoa trắng 

Ở Trường hợp này cả 4 phát biểu đều đúng 

TH2  : liên kết hoàn toàn 

A- thân cao; a – thân thấp 

B- hoa đỏ; b- hoa trắng

P:    \(\frac{{AB}}{{AB}} \times \frac{{ab}}{{ab}} \to {F_1}:\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{AB}}{{ab}} \to 1\frac{{AB}}{{AB}}:2\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\)
    

Nếu cho F1 lai phân tích: \(\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{ab}}{{ab}} \to 1\frac{{AB}}{{AB}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\)  KH: 50% cây cao, hoa đỏ : 50% cây thấp, hoa trắng 

Cả 4 phát biểu trên đều đúng 

Các ứng dụng của công nghệ gen là (3),(4) 

(2) là ứng dụng của gây đột biến 

(1) là ứng dụng của công nghệ tế bào 

Ta thấy tỷ lệ sống sót của các dòng rất khác nhau chứng tỏ trong mỗi dòng có tỷ lệ những cá thể có khả năng kháng thuốc từ trước khác nhau, đây là những biến dị tổ hợp. 

Bệnh do gen trội trên NST X có đặc điểm nếu bố bị bệnh thì tất cả con gái bị bệnh do con gái nhận X từ bố 

Hiện nay, một trong những biện pháp ứng dụng liệu pháp gen đang được các nhà khoa học nghiên cứu nhằm tìm cách chữa trị các bệnh di truyền ở người là liệu pháp gen.

Cônxixin được ứng dụng gây đột biến đa bội do chất này cản trở sự hình thành thoi phân bào làm cho nhiễm sắc thể không phân li. 

Vì enzim ADN–pôlimeraza chỉ tổng hợp mạch mới theo chiều 5’–3’, nên trên mạch khuôn 3’-5’mạch mới  được tổng hợp liên tục, còn trên mạch khuôn 5’– 3’ mạch mới được tổng hợp ngắt quãng tạo nên các đoạn ngắn rồi được nối lại nhờ enzim nối 

Sự trao đổi chéo không cân giữa các cromatit cùng nguồn trong cặp tương đồng dẫn tới 1 chiếc bị mất đoạn; 1 chiếc bị lặp đoạn 

Phương pháp: 

Quần thể tự thụ phấn có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa  sau  n thế hệ tự thụ phấn có  cấu trúc di truyền 

  \(x + \frac{{y(1 - 1/{2^n})}}{2}AA:\frac{y}{{{2^n}}}Aa:z + \frac{{y(1 - 1/{2^n})}}{2}aa\)
Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p AA + 2pqAa +q aa =1 

Tần số alen pA :

\(x + \frac{y}{2} \to {q_a} = 1 - {p_A}\)

Cách giải: 

Giả sử ở thế hệ xuất phát quần thể có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa   

Quy ước gen: A- hoa đỏ; a – hoa trắng 

Ở F2  có 40% (aa):

 \(0.1 + \frac{{y(1 - 1/{2^2})}}{2} \to Y = 0.8\)

Cấu trúc di truyền ở quần thể xuất phát là: 0,1AA+0,8Aa+0,1aa =1 

Tần số alen của quần thể là:

pA qa = \(0.1 + \frac{{0.8}}{2} = 0.5\)     
F2  giao phấn ngẫu nhiên thì ở F3  cân bằng di truyền sẽ có cấu trúc:

0,25AA+0,5Aa+0,25aa = 1 

Tỷ lệ kiểu hình 3 cây hoa đỏ : 1 cây hoa trắng. 

B sai, trên vùng tương đồng các gen có cả ở NST X và Y 

C sai, trên vùng không tương đồng sẽ có các gen chỉ có ở NST X hoặc Y 

D sai 

Ý (3) sai 

Ý (4) sai, đây là đặc điểm của đột biến gen 

Phương pháp : 

Áp dụng công thức tính số kiểu gen tối đa trong quần thể (n là số alen) 

Nếu gen nằm trên vùng không tương đồng NST giới tính X 

+ giới XX :\(\frac{{n(n + 1)}}{2}\) kiểu gen hay \(C_n^2 + n\)

+ giới XY : n kiểu gen 

Nếu gen nằm trên Y không có alen tương ứng trên X thì 

+ giới XX :1 

+ giới XY: n 

Nếu có nhiều gen trên 1 NST coi như 1 gen có số alen bằng tích số alen của các gen đó 

Cách giải: 

Gen I và II nằm trên X không có alen trên Y, số kiểu gen tối đa về 2 gen này là 

+ giới XX: \(C_{3}^2 + 3 \times 4 = 78\)

+ giới XY: 3×4 =12 

Gen III nằm  trên Y không có alen trên X: 

+ giới XX: 1 

+ giới XY: 5 

Số kiểu gen tối đa trong quần thể là 78×1 + 12×5 =138 

Phương pháp: 

Sử dụng công thức :A-B- = 0,5 + aabb; A-bb/aaB - = 0,25 – aabb 

Hoán vị gen ở 1 bên cho 7 loại kiểu gen 

Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2 

Ở thú XX là con cái; XY là con đực 

Cách giải: 

Ta thấy F2  có kiểu hình ở 2 giới khác nhau về cả 2 tính trạng → 2 cặp gen này cùng nằm trên vùng không tương  

đồng của NST X 

F 1: 100% mắt đỏ, đuôi ngắn →P thuần chủng, hai tính trạng này là trội hoàn toàn 

Quy ước gen: 

A- mắt đỏ; a – mắt trắng 

B- đuôi ngắn; b – đuôi dài 

P: ♂ \(X_b^aY\)  × ♀  \(X_B^AX_B^A \to {F_1}:X_B^AY:X_B^AX_b^a\)

Ở giới đực F2  có 4 loại kiểu hình → có HVG ở con cái, 

Tỷ lệ kiểu gen ở giới đực F2  : 0,45:0,45:0,5:0,5 → tỷ lệ giao tử ở con cái F1
  \(0.45X_B^A:0.45X_b^a:0.05X_B^a:0.05X_b^A \to f = 10\% \)

Cho:

 \({F_1} \times {F_1}:X_B^AY \times X_B^AX_b^a \to (0.45X_B^A:0.45X_b^a:0.05X_B^a:0.05X_b^A) \times (X_B^A:Y)\)

Xét các phát biểu: 

(1) sai, F1 có 2 kiểu gen 

(2) sai, HVG ở giới cái 

(3) đúng 

(4) sai, cho cá thể đực F1 lai phân tích:    

\(X_B^AY \times X_b^aX_b^a \to X_B^AX_b^a:X_b^aY\)

Ta  thấy tỷ lệ AA; Aa  đều giảm; tỷ lệ aa tăng → Các cá thể mang kiểu hình trội đang bị chọn lọc tự nhiên loại bỏ dần. 

Con người cần phải khai thác triệt để tài nguyên tái sinh, hạn chế khai thác tài nguyên không tái sinh là sai.

Ý (4) sai, cạnh tranh chỉ xảy ra khi môi trường không cung cấp đủ nguồn sống cho tất cả các cá thể 

Trình tự trong quy trình tạo động vật chuyển gen:

- Lấy trứng ra khỏi con vật. 

- Cho trứng thụ tinh trong ống nghiệm. 

- Tiêm gen cần chuyển vào hợp tử và hợp tử phát triển thành phôi.

- Cấy phôi đã được chuyển gen vào tử cung con vật khác để nó mang thai và sinh đẻ bình thường.

(1) đúng, chuỗi thức ăn dài nhất là cây gỗ,cỏ,cây bụi →sâu →thú nhỏ →đại bàng/hổ 

(2) đúng 

(3) sai, quan hệ giữa đại bàng và hổ là cạnh tranh vì có cùng thức ăn là thú nhỏ 

(4) đúng, vì không còn cạnh tranh thức ăn với thú nhỏ 

(5) sai, vì sâu là thức ăn trực tiếp của bọ ngựa và thú nhỏ nên sự tăng giảm lượng hổ không ảnh hưởng trực tiếp 
tới số lượng sâu 

hoá thạch cung cấp bằng chứng trực tiếp 

Hình thành loài mới nhờ cơ chế lai xa và đa bội hóa diễn ra phổ biến ở thực vật.

⇒ Đáp án: D

Ốc bươu vàng là loài ngoại lai, chúng phát triển mạnh là do cả 4 yếu tố trên 

(1) đúng: ABDH; AEH; ACFH; AEDH; ACFEH; ACFEDH. 

(2) sai, ABDH, AEDH và ACFEDH 

(3) sai, loài E tham gia vào 3 chuỗi thức ăn; loài F tham gia vào 2 chuỗi thức ăn 

(4) đúng, loại B thì D vẫn còn nguồi dinh dưỡng là E 

(5) sai, chỉ có 2 loài thuộc bậc dinh dưỡng cấp 5 là D và H 

(6) đúng. 

Ý (4) sai vì sự hình thành loài mới cần có sự phát sinh các đột biến đây là nguyên liệu sơ cấp cho quá trình chọn lọc tự nhiên 

Phương pháp: 

Sử dụng công thức :A-B- = 0,5 + aabb; A-bb/aaB - = 0,25 – aabb 

Hoán vị gen ở 2 bên cho 10 loại kiểu gen 

Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2 

Cách giải:             

F: 100% đơn, dài → P thuần chủng: 

\(\frac{{AB}}{{AB}} \times \frac{{ab}}{{ab}} \to {F_1}:\frac{{AB}}{{ab}}\)     

\({F_1} \times {F_1}:\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{AB}}{{ab}};f = 0.2 \to \frac{{ab}}{{ab}} = 0.4 \times 0.4 = 0.16;\)

 giao tử AB = ab =0,4; Ab =aB =0,1 

A-B- = 0,5+0,16 =0,66; A-bb=aaB- = 0,25 - 0,16 =0,09 (*) 

Xét các phát biểu:                

(1) đúng, tỷ lệ  \(\frac{{Ab}}{{aB}} = 2 \times 0.1 \times 0.1 = 0.02\)     

(2) sai, vì A-B- =0,66 → đơn, dài dị hợp < 0,66 

(3) đúng (*)                        

(4) sai, tỷ lệ dị hợp tử = 1 – tỷ lệ đồng hợp:

\(1 - \left( {\frac{{AB}}{{AB}} + \frac{{Ab}}{{Ab}} + \frac{{aB}}{{aB}} + \frac{{ab}}{{ab}}} \right) = 1 - (2 \times 0.4 \times 0.4 + 2 \times 0.1 \times 0.1) = 0.66\)

(5) sai, cho F1 lai phân tích:  

\(\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{ab}}{{ab}};f = 0.2 \to \frac{{ab}}{{ab}} = 0.4 \times 0.5 = 0.2\)

(6) sai, số kiểu gen ở F2 bằng 10. 

Mối quan hệ giữa cây phong lan và cây gỗ là hội sinh không mang tính bắt buộc. 

A,C là cộng sinh; D là ký sinh 

Phát biểu sai là (2): chọn lọc tự nhiên luôn tác động kể cả khi môi trường sống ổn định (chọn lọc ổn định)

Cạnh tranh và hợp tác giữa các loài trong quần xã không phải là nguyên nhân dẫn đến diễn thế sinh thái.

⇒ Đáp án: A

Phát biểu không phải của Dacuyn là C, đây là phát biểu của Lamark