Ecoli là sinh vật nhân sơ, chưa có màng nhân ngăn cách nhân và tế bào chất, nên quá trình phiên mã ở Ecoli xảy ra ở tế bào chất

Đáp án D

Vùng mã hóa mã hóa thông tin di truyền → Quyết định cấu trúc phân tử prôtêin do nó quy định tổng hợp

Đáp án B

Bộ ba trên mARN có vai trò quy định tín hiệu kết thúc quá trình dịch mã là: 5’UAA3’; 5’UAG3’; 5’UGA3’.

Đáp án D

Hóa chất 5BU thấm vào tế bào vi khuẩn đã gây đột biến thay thế cặp A-T bằng cặp G-X ở một gen nhưng cấu trúc của phân tử prôtêin do gen này tổng hợp vẫn không bị thay đổi so với ban đầu do mã di truyền có tính thoái hóa → Đáp án A

Đáp án A

Đột biến xảy ra ở những lần nguyên phân đầu tiên của hợp tử hoặc giao tử sẽ di truyền cho thế hệ sau qua sinh sản hữu tính. Trong các trường hợp trên:

(1) có thể di truyền cho thế hệ sau qua sinh sản hữu tính do đột biến xảy ra ở những lần nguyên phân đầu tiên của hợp tử

(2), (3) có thể di truyền cho thế hệ sau qua sinh sản hữu tính do đột biến xảy ra ở giao tử

(4) không di truyền cho thế hệ sau qua sinh sản hữu tính do đột biến xảy ra ở tế bào sinh dưỡng.

Đáp án C

Khi đột biến xảy ra ở các đoạn intron (không mã hóa axit amin) sẽ không ảnh hưởng đến cấu trúc của chuỗi polipeptit tương ứng → Đột biến ở dạng trung tính.

Đáp án C

Trong các dạng đột biến trên:

+ đột biến mất đoạn làm giảm số lượng gen trong nhóm gen liên kết

+ Đột biến lặp đoạn làm tăng số lặng gen trong nhóm gen liên kết

+ Đảo đoạn và chuyển đoạn trên cùng 1 NST không làm thay đổi số lượng gen có trong nhóm gen liên kết

Đáp án C

F1 phân li kiểu hình theo tỉ lệ 35 đỏ : 1 vàng → F1 thu được 36 tổ hợp giao tử = 6.6 → mỗi bên P cho 6 giao tử.

Cây quả vàng F1 chiếm tỉ lệ 1/36 aa = 1/6aa . 1/6aa

→ Mỗi bên P cho 1/6aa → P có kiểu gen AAaa × AAaa

Đáp án B

Các điểm điểm 1, 2, 3 đúng

4 sai do thể tứ bội có khả năng sinh sản hữu tính bình thường

Đáp án A

Trong quá trình nhân đôi ADN, các đoạn Okazaki được nối lại với nhau thành mạch liên tục nhờ enzim nối, enzim nối đó là ligaza ADN giraza: nới lỏng vòng xoắn thứ cấp của các nhiễm sắc thể.

helicase: mở xoắn chuỗi xoắn kép.

ADN – pôlimêraza: ở Ecoli gồm 3 loại: ADN – pôlimêraza I tổng hợp ccs đoạn ADN thay thế, ADN – pôlimêraza II có hoạt tính thấp nhất, ADN pôlimêraza III tham gia chủ yếu vào tổng hợp ADN. Enzim này chỉ có vai trò tổng hợp ADN theo chiều 5’ – 3’.

Đáp án B

- Theo bài ra ta có phép lai: \(P:{\rm{AA }}\,x\,{\rm{aa}} \to \,\,{F_1}:100\% {\rm{Aa}}{\rm{.}}\) 

- Lai phân tích \({F_1}:Aa\,\,x\,{\rm{aa}} \to {F_a}:50\% {\rm{Aa}}:50\% {\rm{aa}} \to \) Tỉ lệ kiểu hình 50% vàng : 50% xanh .

Đáp án D

Một bộ ba chỉ mã hóa cho 1 axit amin trên phân tử protein.

Đáp án B

- Số lần co bóp của tim trong 1phút là: 60 : 0,8 lần

- Lượng máu tổng vào động mạch chủ là: 75 x 70 = 5250 ml 

- Lượng oxi được vận chuyển vào động mạch chủ là:\(5250\,\,x21:100 = 1102,5\,ml\) 

Đáp án A

Đacuyn phân biệt biến dị ra làm biến dị cá thể và biến dị đồng loạt. Theo ông biến dị cá thể dùng để chỉ những sai khác phát sinh trong quá trình sinh sản.

Đáp án C

Ở một loài cặp NST giới tính là XX và XY. Bộ NST của loài là 2n = 10 có 5 cặp NST, cặp số 1 có alen A, B; cặp số 2 có alen C, D; cặp số 3 có alen H; cặp số 4 có alen I; cặp số 5 là cặp NST giới tính.

Đáp án B

- Hợp tử bình thường nguyên phân 3 lần không có đột biến 2³ = 8 tế bào.

- Số NST = 624 → mỗi tế bào có: \(624:8 = 78 \to 2n = 78\) 

- Một tế bào sinh dưỡng của loài có 77NST cơ thể mang tế bào sinh dưỡng đó có thể là thể một (2n-1).

Đáp án C

Khi tế bào ở trạng thái nghỉ 2 bên màng tồn tại điện thế nghỉ, cổng K⁺ mở, cổng Na⁺ đóng, trong màng tích điện âm, ngoài màng tích điện dương.

Đáp án B

- Cấu trúc di truyền của các quần thể:

Quần thể I: 100%Aa                     Quần thể II: 100%Aa              Quần thể III: 100%aa 

Quần thể IV: 50%AA : 50%Aa     Quần thể V: 75%AA : 25%aa 

Quần thể VI: 16%AA : 48%Aa : 36%aa 

- Quần thể ở trạng thái cân bằng khi:

+ Cấu trúc 100%AA hoặc 100%aa 

+ Với quần thể xAA : yAa : zaa thì quần thể cân bằng khi 4xz = y² 

Vậy trong các quần thể trên, các quần thể I, II, III, VI cân bằng

Đáp án B

Quy ước: A- kén trắng, a- kén vàng, B- hình thuôn dài, b- hình bầu dục.

Phép lai 1: Đực kén trắng hình dài x cái màu vàng, bầu dục ab/ab → kiểu hình con lai khác bố mẹ với tỷ lệ nhỏ = 8,25% 

Tỷ lệ vàng, dài \(\frac{{aB}}{{ab}} = 8,25\% = \underline {ab} \,0,5\,\,x\,\,\underline {aB} \,16,5 \to 16,5\,\,\underline {aB} < 0,25 \to \) giao tử hoán vị → dị hợp tử đều

Phép lai 2: Đực kén trắng hình dài x cái màu vàng, bầu dục → con lai khác bố mẹ chiếm tỉ lệ lớn 41,75% → dị hợp chéo

→Kiểu gen của hai con đực kén trắng hình dài là khác nhau ở hai cặp đôi giao phối

Đáp án B

Quá trình nhân đôi ADN diễn ra theo nguyên tắc bán bảo tồn nên trong số các ADN được tạo ra luôn có 2 phân tử ADN còn mang 1 mạch ADN ban đầu (mang 1 mạch cũ và 1 mạch mới). Ở bài toán này N¹⁴ và N¹⁵ là để chỉ nguyên liệu cấu trúc nên ADN. 

- Vì luôn có 2 phân tử ADN mang N¹⁵ nên số phân tử chỉ mang N¹⁴ là 15x2 = 30 phân tử → Tổng số phân tử ADN được sinh ra là \(20 + 2 = 32 = {2^5} \to \) Vậy phân tử ADN đã nhân đôi 5 lần.

Đáp án A

Trong sản xuất nông nghiệp để tăng hàm lượng đạm trong đất, người ta thường sử dụng mối quan hệ giữa vi khuẩn tạo nốt sần và rễ cây họ Đậu vì  vi khuẩn sống cộng sinh trong rễ của cây họ Đậu có khả năng cố định đạm ⇒ tăng lượng đạm trong đất.

Đáp án D

Vì tần số alen A và a đang bằng nhau. Nên nếu CLTN tác động loại bỏ kiểu gen Aa hoặc loại bỏ cả 2 kiểu gen đồng hợp thì qua giao phối, tần số alen vẫn có xu hướng bằng nhau. CLTN tác động lên kiểu gen đồng hợp AA hoặc aa sẽ nhanh chóng làm thay đổi tần số alen trong quần thể.

Đáp án D

Vì màu sắc hoa tuân theo quy luật di truyền ngoài nhân, con cái có kiểu hình giống mẹ.

Thế hệ F₁ có cây mẹ mang màu xanh nên sẽ có kiểu hình màu xanh. F₂ cũng sẽ mang kiểu hình cây mẹ màu hoa xanh ở thể hệ F₁.

Đáp án C

Một bát cơm nguội để lâu trong không khí trải qua các giai đoạn: những chấm nhỏ màu xanh xuất hiện trên mặt. Các sợi mốc phát triển thành từng vệt dài và mọc trùm lên các chấm màu xanh. Sợi nấm mọc xen kẽ mốc, sau hai tuần nấm có màu vàng nâu bao trùm lên toàn bộ bề mặt cơm. Diễn biến đó là quá trình diễn thế. Bắt đầu từ môi trường trống trơn chưa có sinh vật. Sau đó các quần thể sinh vật nấm, mốc dần xuất hiện.

Đáp án C

A cao >> a thấp, B đỏ >> b trắng

Thấp, trắng = 16% = aabb = 0,4 ab x 0,4 ab → hoán vị gen f =20%

I. Khoảng cách giữa hai gen là 20cM → đúng

II. F2 có 9% số cá thể thân cao, hoa trắng. → đúng, A-bb = 20%-16% = 9%

III. F2 có 66% số cây thân cao, hoa đỏ. → đúng, A-B- = 50%+aabb = 66%

IV. F2 có 16% số cây thân cao, hoa đỏ thuần chủng. → đúng, AABB = aabb = 16%

Đáp án C

F2: 9 dẹt: 6 tròn: 1 dài → tương tác bổ sung

A-B-: dẹt

A-bb, aaB-: tròn

aabb: dài

Cho giao phấn 2 cây dẹt ở F2 → thu được quả dài aabb → 2 cây dẹt được chọn đều có KG AaBb

→ Xác suất chọn 2 cây bí dẹt có KG AaBb trong các cây dẹt là (1/9)² = 1/81

Đáp án A

Ở một loài thực vật có bộ NST lưỡng bội 2n=12, trong trường hợp trên mỗi cặp NST tương đồng xét một cặp gen dị hợp. Nếu có đột biến lệch bội dạng 3 nhiễm (2n+ 1) xảy ra thì số kiểu gen dạng 3 nhiễm (2n+1) khác nhau được tạo ra tối đa trong quần thể của loài là: 4 x 3⁵ x 6 = 5832.

Đáp án A

(3)ABFCEDG →(2) ABCFEDG ( đảo đoạn FC) → (1) ABCDEFG ( đảo đoạn FED)

(4)ABFCDEG ( đảo đoạn ED)

Đáp án D

P: AA x aa

⇒ F1 100% Aa

⇒ F2:1AA:2Aa:1aa.
⇒ Xác suất chọn 4 hạt đậu có 3 vàng, 1 xanh là \(4.\frac{3}{4}.\frac{3}{4}.\frac{3}{4}.\frac{1}{4} = \frac{{27}}{{64}}\).

Đáp án A

Tổng số nu của gen: 3559,8 : 3,4 x 2 = 2094 (nu)

Vì đột biến làm giảm 1 liên kết H nhưng không làm thay đổi chiều dài gen nên đây là dạng đột biến thay thế 1 cặp G-X bằng 1 cặp A-T.

Số bộ 3 mã hóa của gen: 2094 : 2 : 3 = 349 bộ 3. Khi sao mã và dịch mã sẽ cho chuỗi polipeptit chứa 348 aa, kể cả aa mở đầu. Nhưng trong thực tế chuỗi polipeptit chỉ có 85 aa, chứng tỏ đột biến thay thế làm xuất hiện bộ 3 mã kết thúc ở đơn vị mã số 86. Hai kết luận đúng là (2) và (3).

Đáp án B

Các nhận xét đúng là (2) (3) (4)

2 - 3 đúng. Mèo sẽ bắt các con yếu vì các con yếu có ít khả năng chạy trốn, nếu mèo bị tiêu diệt thì số lượng cá thể sẽ tăng sau cân bằng do có chế tự điều chỉnh số lượng.

1- Thỏ và vi khuẩn có mối quan hệ kí sinh vật chủ.

Đáp án B

- Nội dung 2 sai. Trong cấu trúc phân tử mARN không có các liên kết hiđrô.

- Nội dung 4 sai. Enzim ADN pôlimeraza tổng hợp mạch mới theo chiều 5' → 3'.

Đáp án B

Có 3 phát biểu đúng, đó là II, III, và IV.

Tỉ lệ kiểu hình của từng cặp tính trạng ở F1 là:

Đỏ: hồng: trắng = 1:2:1 => cây P là AaxAa

Tròn: bầu dục: dài = 1:2:1 => cây P là BbxBb

- Nếu 2 cặp tính trạng phân li đọc lập thì tỷ lệ phân li kiểu hình ở F1 phải là (1:2:1)(1:2:1)=1:2:1:2:4:2:1:2:1

Nhưng ở bài này, tỷ lệ phân li kiểu hình là 1:1:1:1 => Hai cặp tính trạng này di truyền liên kết hoàn toàn => I sai

- II đúng. Hai cây đem lai phải có kiểu gen là \(\frac{{AB}}{{\overline {ab} }} \times \frac{{Ab}}{{\overline {aB} }}\)

=> Tỉ lệ kiểu gen F1 là: \(1\frac{{AB}}{{\overline {Ab} }}:1\frac{{AB}}{{\overline {aB} }}:1\frac{{Ab}}{{\overline {ab} }}:1\frac{{aB}}{{\overline {ab} }}\)

Giao tử của F1 là 2AB;2Ab;2aB;2ab=1:1:1:1

Vì vậy, khi cho tất cả các cây F1 lai phân tích thì tỷ lệ kiểu hình ở đời con là 1:1:1:1.

- Nếu F1 tự thụ phấn thì kiểu gen \(\frac{{AB}}{{\overline {Ab} }}\) và \(\frac{{AB}}{{\overline {aB} }}\) sẽ sinh ra đời con có kiểu gen đồng hợp trội về 2 tính trạng.

=> Tỷ lệ kiểu gen đồng hợp trội về 2 tính trạng là \(\frac{1}{4} \times \frac{1}{4} + \frac{1}{4} \times \frac{1}{4} = \frac{1}{8} = 12,5\% \) => III đúng

- Vì F1 có 4 loại giao tử với tỷ lệ 1AB;1Ab;1aB;1ab cho nên khi F1 giao phấn ngẫu nhiên thì kiểu gen dị hợp về 2 cặp gen ( kiểu hình hoa hồng, quả bầu dục) chiếm tỷ lệ là \(\frac{4}{{16}} = 25\% \) => IV đúng

Đáp án C

Có 3 phát biểu đúng, đó là I,III và IV.

- I đúng. Số loại kiểu gen: AaBbDdEe x AabbDdee

= (AaxAa)(Bbxbb)(DdxDd)(Eexee) = 3x2x3x2=36 loại.

- II sai vì AaBbDdEexAabbDdee = (AaxAa)(Bbxbb)(DdxDd)(Eexee)

=> Loại cá thể có kiểu gen đồng hợp lặn về 4 cặp gen (aabbddee) có tỷ lệ là \(\frac{1}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{1}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{1}{{64}}\)

- III đúng. Loại kiểu hình có 1 tính trạng trội, 3 tính trạng lặn gồm các ký hiệu:

A-bbddee + aaB-ddee + aabbD-ee + aabbddee

AaBbDdEe x AabbDdee = (AaxAa)(BbxBb)(DdxDd)(Eexee).Theo đó:

A-bbddee có tỷ lệ là \(\frac{3}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{1}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{3}{{64}}\)                        aaB-ddee có tỷ lệ là \(\frac{1}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{1}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{1}{{64}}\)

AabbD-ee có tỷ lệ là \(\frac{1}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{3}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{1}{{64}}\)                       aabbddee có tỷ lệ là \(\frac{1}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{1}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{1}{{64}}\)

=> Loại kiểu hình có 1 tính trạng trội, 3 tính trạng lặn chiếm tỷ lệ là:

\(\frac{3}{{64}} + \frac{1}{{64}} + \frac{3}{{64}} + \frac{1}{{64}} = \frac{8}{{64}} = 12,5\% \)

- IV đúng vì loại kiểu hình có 3 tính trạng trội và 1 tính trạng lặn gồm các kiểu hình là A-B-D-ee + A-B-ddE- + A-bbD-e + aaB-D-E-

AaBbDdEe x AabbDdee = (AaxAa)(BbxBb)(DdxDd)(Eexee) => ta có:

A-B-D-ee có tỷ lệ là \(\frac{3}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{3}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{9}{{64}}\)                        A-B-ddE- có tỷ lệ là \(\frac{3}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{1}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{3}{{64}}\)

A-bbD-E- có tỷ lệ là \(\frac{3}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{3}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{9}{{64}}\)                       aaB-D-E- có tỷ lệ là \(\frac{1}{4} \times \frac{1}{2} \times \frac{3}{4} \times \frac{1}{2} = \frac{3}{{64}}\)

=> Loại kiểu hình có 43 tính trạng trội và 1 tính trạng lặn chiếm tỷ lệ là:

\(\frac{9}{{64}} + \frac{3}{{64}} + \frac{9}{{64}} + \frac{3}{{64}} = \frac{3}{8} = 37,5\% \)

Đáp án C

* Quy ước gen: AaB- : quy định hoa đỏ

                          Aabb hoặc aaB- : quy định hoa vàng; aabb: quy định hoa trắng.

- I đúng vì cây hoa đỏ có ký hiệu AaB- nên chỉ có 2 kiểu gen

- II đúng vì AaBbxAaBb thì đời con có kiểu hình hoa đỏ (AaB-) có tỷ lệ là \(\frac{2}{3} \times \frac{3}{4} = \frac{1}{2}\)

(Giải thích: AaxAa thì sẽ cho đời con có 2/3Aa. Vì AA bị chết ở giai đoạn phôi).

- III đúng vì AaBbxaabb thì sẽ cho đời con có số cây hoa trắng (aabb) chiếm tỷ lệ 25%

- IV đúng vì AaBbxAaBb thì ở đời con có kiểu hình hoa vàng (Aabb+aaB-) có tỷ lệ là \(\frac{2}{3} \times \frac{1}{4} + \frac{1}{3} \times \frac{3}{4} = \frac{5}{{12}}\). Trong số các cây hoa vàng thì cây thuần chủng (aabb) có tỷ lệ là \(\frac{1}{3} \times \frac{1}{4} = \frac{1}{{12}}\)=> Lây ngẫu nhiên 1 cây hoa vàng ở thế hệ F1 thì thu được số cây thuần chủng là \(\frac{1}{{12}}:\frac{5}{{12}} = \frac{1}{5} = 20\% \)

Đáp án D

Đáp án A

Trong các dạng đột biến trên:

1. Đột biến mất đoạn NST: là dạng đột biến làm mất đi một đoạn nào đó của NST → làm NST ngắn đi → làm thay đổi chiều dài phân tử ADN.

2. Đột biến thể ba: Đột biến thể ba có dạng 2n + 1 (1 cặp NST nào đó có 3 chiếc), dạng đột biến này chỉ làm thay đổi số lượng NST chứ không làm thay đổi chiều dài NST.

3. Đột biến lặp đoạn NST :Lặp đoạn là dạng đột biến làm cho 1 đoạn nào đó của NST có thể lặp đi lặp lại một hay nhiều lần. Hệ quả của lặp đoạn dẫn đến làm gia tăng số lượng gen trên NST. Dạng đột biến này làm NST dài ra → làm thay đổi chiều dài phân tử ADN.

4. Đột biến chuyển đoạn tương hỗ là dạng đột biến mà cả 2 đoạn NST cùng đứt ra 1 đoạn và trao đổi cho nhau. Vì khả năng các đoạn bị đứt ra là rất thấp → chuyển đoạn tương hỗ làm thay đổi chiều dài NST.

Có 1 phát biểu đúng, đó là II. Giải thích:

Xác định kiểu gen của 9 người trong phả hệ về cả 2 bệnh:

- Về nhóm máu: xác định được kiểu gen của người số 1,2,3,5,6,7,10,11

- Về dạng tóc: 1,2,3,5,7,8,10,11

=> Có 7 người đã biết được kiểu gen về cả 2 tính trạng, đó là 1,2,3,5,7,10,11

=> Những người chưa biết được kiểu gen là : 4,6,8,9

Những người có kiểu hình giống nhau và chưa xác định được kiểu gen thì những người đó có thể có kiểu gen giống nhau và cũng có thể có kiểu gen khác nhau => người số 4, số 8 và số 10 có thể có kiểu gen giống nhau hoặc khác nhau. Người số 6 và số 9 có thể có kiểu gen giống nhau.

Người số 10 có kiểu gen I^AI^O, người số 11 có kiểu gen I^OI^O nên cặp 10-11 sẽ sinh con có máu O với xác suất 1/2

Người số 10 dị hợp về dạng tóc, người số 11 có tóc thẳng.do đó, xác suất cặp 10-11 sinh con có tóc thẳng là 1/2; sinh con tóc xoăn =1/2 => Cặp 10-11 sinh con có máu O và tóc thẳng là 1/4; sinh con có máu O và tóc xoăn là 1/4

Người số 8 có xác suất kiểu gen về nhóm máu là 1/3I^BI^O và 2/3I^BI^B nên sẽ cho giao tử I^B với tỷ lệ 5/6 và giao tử I^O với tỷ lệ 1/6. Người số 9 có xác suất kiểu gen 1/2I^AI^O,1/2I^AI^A nên sẽ cho giao tử I^A với tỷ lệ 3/4; giao tử I^O với tỷ lệ 1/4 => Sinh con có máu AB với xác suất là \(\frac{5}{6} \times \frac{3}{4} = \frac{5}{8}\)

Sinh con máu A với xác suất =\(\frac{1}{6} \times \frac{3}{4} = \frac{1}{8}\). Sinh con máu B với xác suất là \(\frac{5}{6} \times \frac{1}{4} = \frac{5}{{24}}\).

Người số 8 có xác suất kiểu gen về dạng tóc là \(\frac{3}{5}Aa:\frac{2}{5}{\rm{AA}}\)=> Cho giao tử a = 3/10. Người số 9 có kiểu gen Aa => Xác suất sinh con tóc xoăn của cặp 8-9 là \( = 1 - \frac{3}{{10}} \times \frac{1}{2} = \frac{{17}}{{20}}\)

=> Xác suất sinh con có máu AB và tóc xoăn của cặp 8-9 là \(= \frac{5}{8} \times \frac{{17}}{{20}} = \frac{{17}}{{32}}\)

=> Xác suất sinh con có máu A và tóc xoăn của cặp 8-9 là \(= \frac{1}{8} \times \frac{{17}}{{20}} = \frac{{17}}{{160}}\)

=> Xác suất sinh con có máu B và tóc xoăn của cặp 8-9 là \(= \frac{5}{{24}} \times \frac{{17}}{{20}} = \frac{{17}}{{96}}\)

Đáp án B

Có 3 phát biểu đúng, đó là I,II và IV.

I đúng vì P dị hợp 3 cặp gen và có hoán vị gen nên F1 sẽ có 30 kiểu gen

Kiểu hình đồng hợp lặn \( = \frac{{\underline {ab} }}{{ab}}{\rm{dd}} = 4\% \to \frac{{\underline {ab} }}{{ab}} = 16\% \)

=> Giao tử ab = 0,4 => Tần số hoán vị = 1-2.0,4=0,2 => II đúng.

Số cá thể dị hợp 3 cặp gen chiếm tỷ lệ là:

\((0,5 + 4.0,16 - 2.\sqrt {0,16} ).\frac{1}{2} = 0,17 = 17\% \) =>III sai

Số cá thể mang kiểu hình trội về 2 tính trạng chiếm tỷ lệ là

\(0,66.\frac{1}{4} + 2.0,09.\frac{3}{4} = 0,3\) => IV đúng

Đáp án A

Kiểu gen Ab/ab tự thụ phấn cho thế hệ sau có tỉ lệ 1/4Ab/Ab : 2/4Ab/ab : 1/4ab/ab.

Kiểu gen AB/ab tự thụ phấn cho thế hệ sau có tỉ lệ 1/4AB/AB : 2/4AB/ab : 1/4ab/ab.

Kiểu gen ab/ab tự thụ phấn cho 100%ab.

Trường hợp 1: Khi môi trường không thay đổi. Quần thể tự thụ phấn tạo ra thế hệ F1 - 1. Khi đó:

0,3Ab/ab tự thụ phấn cho thế hệ sau có ab/ab = 0,3.1/4 = 0,075

0,4AB/ab tự thụ phấn cho thế hệ sau có ab/ab = 0,4.1/4 = 0,1

0,3ab/ab tự thụ phấn cho thế hệ sau có ab/ab = 0,3

Tỉ lệ kiểu gen ab/ab thu được ở F1 – 1 là: 0,075 + 0,1 + 0,3 = 0,475

Trường hợp 2: Khi môi trường thay đổi. Biết rằng chỉ có kiểu gen có alen trội mới có sức chống chịu, kiểu gen đồng hợp lặn sẽ không có sức chống chịu với môi trường nên sẽ chết. Sau đó quần thể mới sẽ tự thụ phấn tạo ra thế hệ F1 – 2. Cấu trúc di truyền của quần thể mới khi bước vào tự thụ phấn là 3/7 Ab/ab : 4/7 AB/ab

3/7 Ab/ab tự thụ phấn cho thế hệ sau có ab/ab = 3/7 .1/4

4/7 AB/ab tự thụ phấn cho thế hệ sau có ab/ab = 4/7 . 1/4

Tỉ lệ kiểu gen ab/ab thu được ở F1 - 2 là: 3/7 .1/4 + 4/7 . 1/4 = 1/4 = 0,25

Đáp án B

Theo đầu bài ta có:

aaB-X^dX^d = 6/160=3,75% suy ra aaB- = 15%

Mặt khác ở ruồi giấm hoán vị gen chỉ xảy ra ở con cái nên con đực cho ra giao tử ab=1/2 suy ra aB (cái) = 30%. Tần số hoán vị gen là 40%.

- Số trứng tham gia thụ tinh = 160: 80% = 200 => Số trứng xảy ra HV = 200 x 40% = 80

=> Số TB xảy ra HV = 80 x 2 = 160 ( do 1 TB cho 1 trứng)

TB xảy ra HV cho 1/2 Giao tử HV, 1/2 giao tử LK

=> Số TB không HV = 200 - 160 = 40 TB

Đáp án D