-Dòng nước và ion khoáng đi từ đất vào mạch gỗ của rễ theo 2 con đường: gian bào và tế bào chất.
- Con đường gian bào:
+ Đường đi: nước và các ion khoáng đi theo không gian giữa các bó sợi xenllulozo trong thành tế bào và đi đến nội bì, gặp đai Caspari chặn lại nên phải chuyển sang con đường tế bào chất để vào mạch gỗ của rễ.
+ Đặc điểm: nhanh, không được chọn lọc.
- Con đường tế bào chất:
+ Đường đi: nước và các ion khoáng đi qua hệ thống không bào từ tế bào này sang tế bào khác qua các sợi liên bào nối các không bào, qua tế bào nội bì rồi vào mạch gỗ của rễ.
+ Đặc điểm: chậm, được chọn lọc.
 

Chỉ có ếch hô hấp vừa qua da vừa qua phổi.

Chỉ có ARN pôlimeraza tham gia vào phiên mã.

Đột biến đảo đoạn không làm thay đổi trình tự sắp xếp của các gen trên NST

Giao tử đơn bội có bộ NST là n.
Giao tử lưỡng bội có bộ NST là 2n.
Giao tử n thụ tinh với giao tử 2n sẽ tạo thành hợp tử 3n và phát triển thành thể tam bội.

Các gen cấu trúc Z, Y, A có chung một vùng điều hòa nên số lần phiên mã của các gen này bằng nhau. Vậy gen Z phiên mã 10 lần thì gen Y và gen A cũng phiên mã 10 lần, phát biểu B sai và phát biểu D đúng.
Gen Z và gen điều hòa cùng thuộc 1 NST nên số lần nhân đôi của các gen Z, Y, A và gen điều hòa là giống nhau, phát biểu C sai.

Kỉ Cacbon là giai đoạn Dương xỉ phát triển mạnh. Thực vật có hạt xuất hiện. Lưỡng cư ngự trị. Phát sinh bò sát

AaBb giảm phân cho 4 loại giao tử tỉ lệ 1:1:1:!

Hiện tượng các loài thực vật tranh giành ánh sáng là một ví dụ về mối quan hệ sinh thái: cạnh tranh

Thể ba kép là dạng đột biến số lượng NST mà có 2 cặp NST có 3 chiếc, các cặp còn lại có 2 chiếc bình thường. Trong các thể đột biến của đề bài, AaaBbDddEe là dạng thể ba kép do cặp số 1 và cặp số 3 có 3 chiếc.

Kết quả lai thuận-nghịch khác nhau và con luôn có kiểu hình giống mẹ thì gen quy định tính trạng đó: tính trạng di truyền theo dòng mẹ, hay còn gọi di truyền ngoài nhân. 

Cá sấu có hệ tuần hoàn kín.
Ốc sên, Cua, Tôm đều có hệ tuần hoàn hở.

Người ta sẽ gây đột biến chuyển đoạn để đưa 2 gen về cùng 1 NST như phương pháp C ⇒ D sai
A và B sai, 2 gen nằm trên 2 cặp NST tương đồng khác nhau nên sẽ không xảy ra hiện tượng hóan vị gen.

Đặc điểm trên thể hiện tỉ lệ nhóm tuổi trong quần thể. 

Tính từ cây ngô là bậc dinh dưỡng 1 thì Rắn là bậc dinh dưỡng 4

Kết quả phép lai thuận nghịch khác nhau, đời con luôn biểu hiện kiểu hình giống mẹ là đặc điểm của di truyền ngoài nhân

Trong các nhân tố tiến hóa thì chỉ có CLTN là nhân tố làm thay đổi tần số alen và thành phần kiểu gen theo một hướng xác định, là nhân tố quy định chiều hướng tiến hóa của sinh giới.

A sai. Vì nguồn thức ăn dồi dào thì sinh vật sẽ không cạnh tranh về thức ăn mà có thể chỉ có cạnh tranh về nơi ở, sinh sản. Do đó không thể có cạnh tranh gay gắt.
B sai. Vì số lượng cá thể càng tăng thì mật độ tăng nên cạnh tranh cùng loài tăng.
C sai. Vì chỉ có một số loài động vật mới có hiện tượng ăn thịt đồng loại.
D đúng. Vì cạnh tranh ở thực vật sẽ dẫn tới hiện tượng loại bỏ các cá thể có sức sống yếu. Do đó sẽ dẫn tới hiện tượng tự tỉa thưa.

- Giao phối ngẫu nhiên luôn làm xuất hiện các kiểu gen mới là tăng biến dị tổ hợp nên làm tăng tính đa dạng di truyền của quần thể.
- Đột biến làm xuất hiện các alen mới nên làm tăng tính đa dạng di truyền của quần thể. '
- Sự nhập cư thường mang đến cho quần thể các alen mới và các kiểu gen mới nên làm tăng tính đa dạng di truyền của quần thể.
- Giao phối không ngẫu nhiên làm cho tỉ lệ kiểu gen dị hợp giảm dần và tỉ lệ kiểu gen đồng hợp tăng dần nên sẽ làm giảm tính đa dạng di truyền của quần thể.

Con gái bị bệnh có kiểu gen X^mX^m sẽ nhận 1X^m từ bố và 1X^m từ mẹ.

D không đúng là vì CLTN không tác động trực tiếp lên kiểu gen mà chỉ tác động trực tiếp lên kiểu hình, qua đó dẫn tới hệ quả là tác động lên kiểu gen.

A sai. Vì hiệu suất sinh thái ở mỗi bậc dinh dưỡng thường rất bé.
B sai. Vì sinh vật ở mắt xích càng xa sinh vật sản xuất thì sinh khối trung bình càng nhỏ.
D sai. Vì năng lượng chủ yếu mất đi do hô hấp.

Các phân tử nước di chuyển vào tế bào lông hút theo cơ chế thẩm thấu.

Tổng số cá thể của quần thể là: 160 + 480 + 360 = 1000 cá thể
Kiểu gen AA chiếm tỉ lệ: 160 : 1000 = 0,16
Kiểu gen Aa chiếm tỉ lệ: 480 : 1000 = 0,48
Kiểu gen aa chiếm tỉ lệ: 360 : 1000 = 0,36
Tần số alen A là: 0,16 + 0,48:2 = 0,4

A sai. Trong quá trình dịch mã, nhiều ribôxôm cùng trượt trên một mARN nên sẽ tổng hợp được nhiều chuỗi polipeptit cùng loại trong một thời gian ngắn.

Trong các phát biểu trên, A sai.
- Thực vật C4 và CAM không có hiện tượng hô hấp sáng vì: khi hàm lượng CO₂ cạn kiệt thì chất nhận CO₂ đầu tiên là PEP (photphoenolpiruvat) chứ không là ribulozo-1,5-điphotphat để tạo sản phẩm đầu tiên của pha tối là AOA (axit oxaloaxetic), chất này sẽ cung cấp CO₂ cho chu trình Canvin.
- Hô hấp sáng là quá trình hô hấp diễn ra ở ngoài sáng (O₂ gấp khoảng 10 lần CO₂) đồng thời với quang hợp ở nhóm TV C3.
- Cơ chế của hô hấp sáng:
+ Tại lục lạp: Rib-1,5-điP → glicolat (2Cacbon).
+ Tại peroxixom: Glicolat → axit amin glixin.
+ Tại ti thể: Glixin → axit amin xêrin + NH₃ + CO₂.
- Hô hấp sáng làm giảm năng suất cây trồng vì gây lãng phí sản phẩm của quang hợp (do Rib-1,5-điP và APG bị ôxi hóa tạo thành glicolat và gilcolat được chuyển đến ti thể rồi bị phân giải thành CO₂).
 

10 nhóm liên kết → n = 10 → 2n = 20
Thể một nhiễm: 2n – 1 = 19.
Thể 3 nhiễm: 2n + 1 =21.

Các nhân tố đối với sự duy trì ổn định pH máu gồm:
- Hệ đệm cácbonat: do phổi và thận điều chỉnh:
+ Nồng độ CO₂ được điều chỉnh bởi phổi.
+ Nồng độ bicácbonát được thận điều chỉnh.
- Hệ đệm photphát: có vai trò đệm quan trọng trong dịch ống thận.
- Hệ đệm proteinát: là 1 hệ đệm mạnh của cơ thể chiếm ¾ toàn bộ hệ đệm trong dịch cơ thể.
→ Phổi thải CO₂ tham gia ổn định độ pH máu => Phát biểu A sai.

Bb x bb => Bb : bb

A. 1 thân cao, hoa đỏ : 1 thân thấp, hoa đỏ

B. 3 thân cao, hoa đỏ : 1 thân thấp, hoa đỏ

C. 2 thân cao, hoa đỏ : 1 thân thấp, hoa đỏ : 1 thân thấp,hoa trắng

D.1 thân cao, hoa đỏ : 1 thân cao, hoa trắng : 2 thân thấp, hoa đỏ

Gen dài 408 nm => Có tổng số 2400 nu.
Agen chiếm 20% => A = 20% × 2400 = 480; Ggen = 30% × 2400 =720.
T1 = 200 => A1 = 480 – 200 = 280; G1 = 15% × 1200 = 180 => X1=720 – 180 = 540.
Tỉ lệ \(\frac{{G1 + T1}}{{A1 + X1}} = \frac{{180 + 200}}{{280 + 540}} = \frac{{19}}{{41}}\)

Quy ước: A-B- đỏ; A-bb/aaB-/aabb: trắng
P: AaBb × AaBb → hoa đỏ: (1AA:2Aa)(1BB:2Bb)
Trong số cây hoa đỏ, cây thuần chủng chiếm tỷ lệ: 1/9

Các cây thân cao hoa trắng có cấu trúc: xAA,bb: yAa,bb lai với cây thân thấp hoa trắng: aa,bb
Tỷ lệ thân thấp hoa trắng là 12,5% là kết quả của phép lai Aa,bb × aa,bb → 1/2aa,bb → tỷ lệ Aa,bb = y = 25%
→các cây thân cao hoa trắng: 0,75AA,bb:0,25Aa,bb
Cho các cây thân cao hoa trắng giao phối ngẫu nhiên : (0,75AA,bb:0,25Aa,bb)× (0,75AA,bb:0,25Aa,bb)
Tỷ lệ cây thân cao hoa trắng = 1 – thân thấp hoa trắng = 1 – 0,25×0,25×0,25 =0,984375
 

A đúng. Vì:
- Bài ra cho biết mạch gốc của gen là 3’XXX-XAA-TXG-XGA-ATG-XTX5’
- Mạch mARN tương ứng là: 5’GGG-GUU-AGX-GXU-UAX-GAG-3’.
- Trình tự các aa tương ứng là Gly – Val – Ser - Ala - Tyr - Glu.
B đúng. Vì: Cặp A-T ở vị trí thứ 5 bị thay thế bằng cặp G-X thì:
- Mạch gốc của gen là 3’XXX-XGA-TXG-XGA-ATG-XTX5’
- Mạch mARN là: 5’GGG-GXU-AGX-GXU-UAX-GAG-3’.
Trình tự các aa là: Gly – Ala – Ser - Ala - Tyr - Glu.
C sai. Vì: Cặp G-X ở vị trí thứ 15 bị thay thế bằng cặp X-G thì đoạn polipeptit còn lại 4 axit amin:
- Mạch gốc của gen là 3’XXX-XAA-TXG-XGA-ATX-XTX5’
- Mạch mARN là: 5’GGG-GUU-AGX-GXU-UAG-GAG-3’. Trình tự các aa là: Gly – Ala – Ser - Ala - Kết thúc.
Do đó, đoạn polipeptit chỉ có 4 axit amin chứ không phải 5 axit amin.
D đúng. Vì nếu đột biến thêm cặp G-X vào sau cặp nuclêôtit A-T ở vị trí thứ 12 thì quá trình dịch mã sẽ đọc lệch khung dẫn đến codon thứ 5 trở thành XUA và condon thứ 6 trở thành XGA mã hóa cho Arg
 

Xét phép lai AB/ab × AB/ab
Giả sử hoán vị gen ở hai giới là có tần số là 2x (x ≤ 0,25)
→Cơ thể AB/ab giảm phân sẽ cho tỉ lệ giao tử AB = ab = 0,5 - x ; Ab= aB = x
Tỉ lệ kiểu hình lặn về hai tính trạng là : ab/ab = (0,5 – x)²≥ (0,5 – 0,25)² = 0,252 = 0,0625 = 6,25% →D sai
Kiểu hình trội về một tính trạng là lặn về tính trạng kia ( A-bb; aaB- )
A-bb= aaB - = 0,25 – ab/ab ≤ 0,25 - 0,0625 = 0,1875 = 18,75% → A và B đúng
Đời con xuất hiện 4 loại kiểu hình A-B - ; A- bb ; aaB- ; aabb
 

Qui định gen: Con cái: AA: có sừng, Aa và aa: không sừng.
Con đực: AA và Aa: có sừng, aa: không sừng.
P: ♀ Aa × ♂ Aa → F1: 1AA:2Aa:1aa
Ở F1 có x♂ : y♀

Ở F1, tỷ lệ cừu có sừng là 9/16, ta có hệ phương trình \(\begin{array}{l} \left\{ \begin{array}{l} x + y = 1\\ \frac{3}{4}x + \frac{1}{4}y = \frac{9}{{16}} \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} x = 0,625 = \frac{5}{8}\\ y = 0,375 = \frac{3}{8} \end{array} \right.\\ \end{array}\)

1 Tế bào có kiểu gen AaBb giảm phân có 1 NST kép ở cặp NST số 3 không phân ly

Các trường hợp có thể xảy ra:

Vậy cả 4 nhóm trên đều có thể là kết quả của sự giảm phân của 1 tế bào AaBb

Gọi tần số HVG là f
Ở F1: A-B-D = 0,52875 →A-B- =0,705 → aabb = 0,705 - 0,5 = 0,205 = (1 - f)/2 ab x 0,5ab → f=18%

\(\frac{{AB}}{{ab}}{X^D}{X^d}(f = 18\% )x\frac{{AB}}{{ab}}{X^D}Y\)

A đúng.
B sai. có tối đa 4×7 = 28 kiểu gen; 4×3=12 loại kiểu hình
C đúng. Kiểu hình mang 3 tính trạng lặn chiếm tỉ lệ 0,205×0,25 =5,125%
D đúng, Số cá thể cái dị hợp tử về một trong 3 cặp gen chiếm tỉ lệ 2×0,09×2×0,5 ×0,25 + 2×0,41×0,5 ×0,25 =14,75%
 

Gọi tần số kiểu gen Aa ở thế hệ ban đầu là x.
Tỉ lệ kiểu gen aa = 100 – 80 = 20% = 0,2.
→ P: (0,8 – x) AA : xAa : 0,2aa = 1
Qua một thế hệ ngẫu phối tần số alen a = 0,2 + x/2 → Qua một thế hệ ngẫu phối tỉ lệ kiểu gen
Xét các phát biểu đưa ra:
A sai vì thế hệ P quần thể không cân bằng
+ p² x q² = 0,7x0,2 = 0,14
+ \({\left( {\frac{{2pq}}{2}} \right)^2} = {\left( {\frac{{0,1}}{2}} \right)^2} = 0,0025 \to {p^2}x{q^2} \ne {\left( {\frac{{2pq}}{2}} \right)^2}\) => quần thể chưa cân bằng
B sai vì thế hệ P số cá thể mang kiểu gen đồng hợp tử (AA + aa) = 0,7 + 0,2 = 0,9 = 90%
C sai.
Trong tổng số cá thể mang kiểu hình trội ở thế hệ P, số cá thể có kiểu gen dị hợp tử chiếm 0,1/0,7 = 12,5%
D đúng
Cá thể có kiểu hình trội ở thế hệ P: (0,7AA : 0,1Aa)  hay (7/8AA :1/8Aa) = (15/16A :1/16a)
Tất cả các cá thể mang kiểu hình trội ở thế hệ P giao phối ngẫu nhiên, thu được đời con có số cá thể mang kiểu hình lặn chiếm tỉ lệ: 1/16 x 1/16 = 1/256
 

Các phát biểu đúng là I, II, IV.
I đúng.
1 và 2 đều không bị bệnh nhưng sinh được 5 bị bệnh P → bệnh P do gen lặn quy định.
Quy ước gen: A_: bình thường > aa: bệnh P.
B_: bình thường, bb: bệnh Q.

Người số (8) có kiểu gen \(\frac{{ab}}{{ab}}\)→ (3) \(\frac{{Ab}}{{ab}}\) ; (4) \(\frac{{AB}}{{ab}}\)

Người số (5) có kiểu gen \(\frac{{aB}}{{ab}}\), người số (2) có kiểu gen \(\frac{{Ab}}{{ab}}\)

Người số (1) có kiểu gen \(\frac{{AB}}{{aB}}\)

II đúng.
(1) – (2) = \(\frac{{AB}}{{aB}}x\frac{{Ab}}{{ab}} \to 1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{Ab}}{{aB}}:1\frac{{aB}}{{ab}}\)→ (6) có thể có 3 kiểu gen là \(1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{Ab}}{{aB}}\)
(3) – (4) = \(\frac{{Ab}}{{ab}}x\frac{{AB}}{{ab}} \to 1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{Ab}}{{ab}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\) → (7) có thể có 2 kiểu gen là \(1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}\)
→ (6) và (7) đều có thể có kiểu gen mang gen gây AB bệnh P và Q.
III sai.
Người số (6) và người số (9) đều mang gen gây bệnh Q và có kiểu gen là Bb.
(3) – (4) = \(\frac{{Ab}}{{ab}}x\frac{{AB}}{{ab}} \to 1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{Ab}}{{ab}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\) → (9) có thể có 2 kiểu gen là \(1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}\)
IV sai.
(6) – (7) = \(\left( {1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{Ab}}{{aB}}} \right)x\left( {1\frac{{AB}}{{Ab}}:1\frac{{AB}}{{ab}}} \right)\)

GP : (2AB : 2Ab :1aB :1ab)x(2AB :1Ab :1ab)
Xác suất đứa con gái đầu lòng chỉ bị một trong hai bệnh = \(\frac{2}{6}x\frac{2}{4} + \frac{1}{6}x\frac{1}{4} + \frac{1}{6}x\frac{1}{4} = \frac{1}{4} = 25\% \)