Nitơ là nguyên tố dinh dưỡng khoáng thiết yếu nào sau đây là thành phần của prôtêin (SGK Sinh 11 trang 25).

Chọn A. 

Thỏ, thằn lằn hô hấp bằng phổi.

Ếch đồng hô hấp bằng phổi và da.

Châu chấu hô hấp bằng hệ thống ống khí. 

Chọn D. 

Timin là đơn phân cấu tạo nên ADN. Trong ARN không có timin. 

Chọn D. 

Theo giả thuyết siêu trội kiểu gen càng có nhiều cặp gen dị hợp thì càng có ưu thế lai cao.

Vậy phép lai aabb x AABB → AaBb → có ưu thế lai cao nhất.

Chọn C. 

Trong cơ chế điều hòa hoạt động của operon Lac ở vị khuẩn E. coli, prôtêin ức chế được tổng hợp hợp ngay cả khi môi trường không có lactôzơ. 

Các protein Lac A, Lac Y, Lac Z chỉ được tổng hợp khi môi trường có lactose.

Chọn A. 

Đột biến cấu trúc NST sẽ làm thay đổi cấu trúc NST.

Trong các dạng đột biến trên thì chuyển đoạn là đột biến cấu trúc NST.

Chọn B. 

Nhân tố sinh thái vô sinh là ánh sáng.

Các nhân tố còn lại là hữu sinh. 

Chọn B. 

Phương pháp:

Cơ thể đồng hợp 2 cặp gen là cơ thể mang các alen giống nhau của 2 gen đó.

Cách giải:

Cơ thể đồng hợp 2 cặp gen là: AAbb.  

Chọn A. 

Mối quan hệ hỗ trợ giữa các loài là cộng sinh (cả 2 loài đều được lợi).

Các mối quan hệ còn lại thuộc nhóm đối kháng.

Chọn D. 

Gen nằm trên vùng không tương đồng của NST giới tính X → không có trên Y → Các viết sai là \({X^A}{Y^A}.\)

Chọn D. 

Theo thuyết tiến hóa hiện đại, chọn lọc tự nhiên có vai trò định hướng quá trình tiến hóa (SGK Sinh 12 trang 115). 

Chọn D

Phương pháp:

Tổng tần số alen của một gen trong quần thể bằng 1.

Cách giải:

Ta có A = 0,4 → tần số alen a = 1 – 0,4 = 0,6.

Chọn C. 

Nuôi cấy hạt phấn sau đó đa bội hóa ta thu được dòng thuần gồm các alen có trong hạt phấn.

 Ab → AAbb. 

Chọn A. 

Theo thuyết tiến hóa hiện đại, giao phối không ngẫu nhiên không làm thay đổi tần số alen của quần thể.

Các nhân tố còn lại đều làm thay đổi tần số alen, thành phần kiểu gen của quần thể.

Chọn A. 

Vào mùa sinh sản, các cá thể cái trong quần thể có tranh giành nhau nơi thuận lợi để làm tổ. Đây là ví dụ về mối quan hệ cạnh tranh cùng loài, các cá thể cùng loài cạnh tranh nhau về nguồn sống.

Chọn A. 

Trong lịch sử phát triển của sinh giới qua các đại địa chất, loài người xuất hiện ở đại Tân sinh (kỉ Đệ tứ - SGK Sinh 12 trang 142). 

Chọn A. 

Phương pháp:

Thể một có dạng 2n – 1 (thiếu 1 NST ở cặp nào đó)

Cách giải:

Kiểu gen của thể một là: AaB.

B, D thể lưỡng bội.

C: thể ba. 

Chọn A. 

Đặc trưng của quần thể sinh vật là: cấu trúc tuổi. Các đặc trưng còn lại là của quần xã sinh vật. 

Chọn D. 

Ta có thể chiết rút diệp lục từ lá xanh tươi vì có nhiều diệp lục, các mẫu vật còn lại ít diệp lục, nhiều carotenoid. 

Chọn C. 

Một gen tác động đến sự biểu hiện của 2 hay nhiều tính trạng khác nhau được gọi là gen đa hiệu.

Chọn D. 

Phương pháp:

Số nhóm gen liên kết của loài bằng bộ NST đơn bội. 

Cách giải:

2n = 24, số nhóm gen liên kết của loài này là 12

Chọn C. 

Phương pháp:

Cơ thể đồng hợp giảm phân cho 1 loại giao tử

Cách giải: 

Cơ thể có kiểu gen aaBB giảm phân tạo ra 1 loại giao tử.

Chọn C. 

Rắn hổ mang thuộc nhóm sinh vật tiêu thụ bậc 3.

Chọn D. 

Phương pháp:

Càng gần tim thì vận tốc máu càng lớn 

Cách giải:

Trong hệ mạch của thú, vận tốc máu lớn nhất ở động mạch chủ

Chọn A.

Giao tử n kết hợp với giao tử n + 1 tạo ra hợp tử 2n + 1 là thể ba. 

Chọn A. 

A: AaBb x AaBb cho đời con 4 loại kiểu hình. 

B: AaBb x AABb cho đời con 2 loại kiểu hình.

C: AaBb x AaBB cho đời con 2 loại kiểu hình.

D: AaBb x AAbb cho đời con 2 loại kiểu hình.

Chọn A. 

Hình thành loài khác khu vực địa lí thường diễn ra chậm chạp qua nhiều giai đoạn trung gian chuyển tiếp.

B, C, D đều sai, hình thành loài khác khu vực địa lí có chịu tác động của chọn lọc tự nhiên, liên quan đến sự hình thành quần thể thích nghi và gặp ở cả thực vật hay các loài sinh vật khác. 

Chọn A. 

Các biện pháp bảo vệ môi trường và sử dụng bền vững tài nguyên thiên nhiên là: I, III, IV. 

Chọn D. 

\(\frac{{AB}}{{ab}}\) giảm phân có hoán vị cho 4 loại giao tử. 

\(\frac{{ab}}{{ab}}\)giảm phân chỉ cho 1 loại giao tử 

→ F1 có tối đa 4 loại kiểu gen

Chọn D. 

Phương pháp: 

Thể đột biến là cơ thể mang gen đột biến đã biểu hiện ra kiểu hình.

Cách giải:

Alen A bị đột biến thành alen a → thể đột biến phải mang cặp aa

Alen b bị đột biến thành alen B → thể đột biến phải mang cặp BB hoặc Bb

AABB là thể đột biến của gen B, aabb là thể đột biến của gen a

Chọn C. 

Phương pháp:

Bước 1: Xét thành phần kiểu gen của các thế hệ có cân bằng hay chưa.

Quần thể có thành phần kiểu gen: xAA:yAa:zaa

Quần thể cân bằng di truyền thoả mãn công thức: \(\frac{y}{2} = \sqrt {x.z} \) (Biến đổi từ công thức: p2AA + 2pqAa + q2aa = 1) Bước 2: Xét các phát biểu.

Cách giải:

I sai, Quần thể chưa đạt trạng thái cân bằng, kể cả không có nhân tố tiến hóa tác động, thì sự giao phối ngẫu nhiên vẫn sẽ làm thay đổi tần số kiểu gen ở thế hệ tiếp theo.

II đúng, CLTN có thể làm thay đổi cả tần số alen và thành phần kiểu gen → thay đổi tần số kiểu hình trội.

III đúng

IV đúng, các yếu tố ngẫu nhiên có thể loại bỏ bất kì alen nào ra khỏi quần thể.

Chọn D. 

I đúng, các loài C, G, F, D đều ăn sinh vật sản xuất nên đều thuộc bậc dinh dưỡng cấp 2.

II sai, có thể số cá thể của loài F không tăng, do các mối quan hệ khác trong quần xã.

III đúng, 3 chuỗi xuất phát từ loài A, 4 chuỗi xuất phát từ loài B.

IV sai, loài M tham gia tất cả các chuỗi thức ăn còn loài B tham gia vào 4 chuỗi. 

Chọn A. 

Phương pháp:

Xác định codon đột biến có quy định cùng loại axit amin với codon ban đầu không.

Cách giải:

I. Đột biến thay thế cặp G - X ở vị trí 181 bằng cặp A – T → triplet GXT → AXT ⇔ thay codon XGA → UGA → thay đổi axit amin

II. Đột biến thay thế cặp nuclêôtit ở vị trí 150.

Đột biến thay codon GUG → GUX/GUA/GUU → giữ nguyên axit amin

III. Đột biến thay codon XAU → GAU → thay đổi axit amin

IV. Đột biến thay codon GUA thành bất cứ codon nào không bắt đầu bằng G đều làm thay đổi axit amin 

Chọn A. 

Phương pháp:

Bước 1: Xét tỉ lệ kiểu hình của từng phép lai → thứ tự trội lặn.

Bước 2: Xác định kiểu hình P của các phép lai.

Bước 3: Xét các trường hợp có thể xảy ra.

Cách giải:

Mắt vàng x mắt vàng → 3 vàng :1 trắng → vàng trội so với trắng

Mắt đỏ x mắt nâu → mắt vàng → Mắt đỏ, mắt nâu trội so với mắt vàng, mắt nâu trội so với mắt đỏ

Gọi alen quy định kiểu hình nấu> đỏ> vàng> trắng theo thứ tự là A1 > A2 > A3 > A4

→ kiểu gen của 2 phép lai là:

1. A2A4 × A1A3 hoặc A2A3 x A1A4

2. A3A4 x A3A4

Cho cá thể mắt nâu ở thế hệ P của phép lai 1 giao phối với 1 trong 2 cá thể mắt vàng ở thế hệ P của phép lai 2, ta có: 

TH1: A1A3 x A3A4 → 2 nâu : 2 vàng

TH2: A1A4 x A3A4 → 2 nâu :1 vàng :1 trắng 

Chọn A. 

I đúng

II dúng, đảo đoạn thuộc nhân tố tiến hóa đột biến

III đúng

IV đúng 

Chọn B. 

3 cặp gen nằm trên 2 cặp NST → có 2 cặp nằm trên 1 NST.

Giả sử cặp Aa và Bb nằm trên cùng 1 NST, cặp Dd nằm trên NST khác

Phép lai 2 cây dị hợp 3 cặp gen thu được F1 có 12 loại kiểu gen.

Cặp Dd x Dd tạo ra 3 loại kiểu gen 

→ Số loại kiểu gen của 2 cặp Aa, Bb là 12/3 = 4 loại 

→ kiểu gen P của 2 cặp này là \(\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{Ab}}{{aB}},\) liên kết hoàn toàn 

Tỷ lệ F1 có 1 len trội là: \(\left( {\frac{1}{2} \times \frac{1}{2} + \frac{1}{2} \times \frac{1}{2}} \right) \times \frac{1}{4} = 12,5\% \)

Chọn B. 

Phương pháp: 

Bước 1: Tính tỉ lệ aa → tần số alen a, A

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa + q²aa = 1 

→ tần số alen b, B

Bước 2: Viết cấu trúc di truyền của quần thể.

Bước 3: Tình yêu cầu của đề bài.

Cách giải:

Ta có aaB- = 0,27; aabb = 0,09 → aa = 0,27 + 0,09 = 0,36 → tần số alen a =\(\sqrt {0,36} \) = 0,6 → tần số alen A = 0,4

Thay ngược aa = 0,36 vào aabb → bb = 0,25 → B- = 0, 75.

Cấu trúc di truyền của quần thể: (0,16AA:0,48Aa:0,36aa)(0,25BB:0,5Bb:0,25bb)

A-B- = (1-0,36aa) x 0,75 = 0,48

Trong số cây hoa đỏ, quả tròn của quần thể này, tỉ lệ cây đồng hợp 1 cặp gen là:

\(\frac{{AaBB + AABb}}{{A - B - }} = \frac{{0,48 \times 0,25 + 0,16 \times 0,5}}{{0,48}} = \frac{{0,2}}{{0,48}} = \frac{5}{{12}}\)

Chọn B. 

Xét người số 10:

+ Người số 7 bị bệnh N, người số 4, 2 đều có kiểu gen X^NXⁿ,

+ Người số 5 có kiểu gen: X^NX^N : X^NXⁿ

+ Người số 10 có kiểu gen 3 X^NX^N : 1 X^NXⁿ

+ Người số 9 bị bệnh M (mm) → bố mẹ đều mang gen lặn → người số 10 có kiểu gen : 1MM : 2Mm 

→ Kiểu gen người số 10 là: (1MM: 2Mm)(3X^NX^N : 1X^NXⁿ)

Xét người số 11:

+ Bố mẹ mang gen lặn do em gái bị bệnh M → kiểu gen người số 11 là: 1MM : 2Mm

+ Không bị bệnh N nên kiểu gen là: X^NY

→ Kiểu gen người số 11 là: (1MM: 2Mm) X^NY

Ta có 10x11

P: (1MM : 2Mm)( 3 X^NX^N : 1 X^NXn) (1MM : 2Mm) X^NY

G: (2M:1m)(7X^N : 1 Xⁿ) x (2M:1m)(1X^N : 1Y) 

Xác xuất sinh con trai đầu lòng không bị bệnh M và bị bệnh N là: \(\left( {1 - \frac{1}{3}m \times \frac{1}{3}m} \right) \times \left( {\frac{1}{8}{X^n} \times \frac{1}{2}Y} \right) = \frac{1}{{18}}\)

Chọn C. 

Phương pháp:

Ở ruồi giấm không có HVG.

Bước 1: Tính tỉ lệ A-B- : A-BX^DX-

Bước 2: Tính tỉ lệ AB/ABX^DX^D 

Bước 3: Tính yêu cầu của đề bài.

Cách giải: 

Ta có \({X^D}{X^d} \times {X^D}Y \to 1{X^D}{X^D}:1{X^D}{X^d}:1{X^D}Y:1{X^d}Y\)

F1 có 17,5% ruồi thân xám, cánh dài, mắt trắng (A-B-X^dY)

\(\to A - B - = \frac{{0,175}}{{0,25}} = 0,7 \to A - B - D - = 0,7 \times 0,5=0,35\)  

\(A - B - = 0,7 \to \frac{{ab}}{{ab}} = 0,7 - 0,5 = 0,2 \to \underline {ab} \) ♀\( = 0,4 \to f = 20\% .\)

Tỉ lệ \(\frac{{AB}}{{AB}}{X^D}{X^D} = 0,2 \times 0,25 = 0,05\)

Trong tổng số ruồi cái thân xám, cánh dài, mắt đỏ ở F1, số ruồi không thuần chủng chiếm tỉ lệ: 

\(\frac{{0,35 - 0,05}}{{0,35}} = \frac{6}{7}.\)

Chọn A. 

Phương pháp:

Bước 1: Xét tỉ lệ kiểu hình của từng tính trạng, tìm quy luật di truyền

Bước 2: Xét riêng từng cặp NST ở các trường hợp có thể xảy ra. 

Cách giải:

Ta xét tỉ lệ hoa đỏ: hoa hồng: hoa trắng = 9:6:1 → tương tác bổ sung.

Thân cao/thân thấp = 3/1

→ P dị hợp 3 cặp gen.

Nếu các gen PLĐL thì đời con sẽ phân li (9:6:1)(3:1) \( \ne \) đề cho → 1 trong 2 gen quy định màu hoa cùng nằm trên 1 cặp NST với cặp gen quy định chiều cao. 

Giả sử Aa và Dd cùng nằm trên 1 cặp NST.

Đời con không xuất hiện cây trắng thấp (aabbdd) → ít nhất 1 bên P không có HVG (cơ thể không có HVG có kiểu gen \(\frac{{Ad}}{{aD}}Bb\)) 

Ta có Bb x Bb → 1BB:2Bb:1bb → Có 3 kiểu gen.

Xét cặp NST còn lại, ta có các trường hợp:

+ Nếu có HVG ở 1 bên thì cho tối đa 7 kiểu gen → đời F1 có 7 x 3 = 21 kiểu gen. 

+ Nếu không có HVG ở cả 2 bên \(\left[ \begin{array}{l} \frac{{AD}}{{ad}}Bb \times \frac{{Ad}}{{aD}}Bb \to 4 \times 3 = 12KG\\ \frac{{Ad}}{{aD}}Bb \times \frac{{Ad}}{{aD}}Bb \to 3 \times 3 = 9KG \end{array} \right.\)

→Vậy đời con có thể có 12 loại kiểu gen.

Chọn A.