Cấu tạo phân tử ATP (ađênôzin triphôtphat) gồm: 1 phân tử bazo nitơ ađênin + 1 phân tử đường pentozo + 3 nhóm phôtphat.

Vậy: C đúng.

Vùng trình tự nucleotit nằm ở đầu 5’ (= vùng kết thúc) trên mạch mà gốc của gen có chức năng

A. Mang tín hiệu mở đầu quá trình phiên mã. à vùng điều hòa.

B. Mang tín hiệu kết thúc quá trình dịch mã.

C. Mang tín hiệu mở đầu quá trình dịch mã.

D. Mang tín hiệu kết thúc quá trình phiên mã = vùng kết thúc.

Vậy: D đúng.

Một hồ có hai loài cá rất giống nhau về các đặc điểm hình thái và chỉ khác nhau về màu sắc.

   - Trong tự nhiên 2 loài này không giao phối.

   - Đưa vào hồ nhân tạo, chiếu ánh sáng đơn sắc thì chúng không phân biệt màu được à nên giao phối nhau và tạo con.

   => Trong tự nhiên 2 loài này cách li tập tính.

Vậy: A đúng.

A  → sai. Điều khiển lượng mARN được tạo ra → đây là sự điều hòa giai đoạn phiên mã.

B → đúng. Điều khiển sự trưởng thành và thời gian tồn tại của mARN → đây là sự điều hòa giai đoạn sau phiên mã.

C → sai. Điều hoà số lượng riboxom tham gia dịch mã trên các phần tử mARN → đây là sự điều hòa giai đoạn dịch mã.

D → sai. Điều khiển sự trưởng thành hay bị phân huỷ của các chuỗi polipeptit → đây là sự điều hòa giai đoạn sau dịch mã.

Vậy: B đúng.

A → sai. Số lượng cá thể trong quần thể ít, cơ hội gặp nhau của các cá thể đực và cái tăng lên dẫn tới làm tăng tỉ lệ sinh sản, làm số lượng cá thể của quần thể tăng lên nhanh chóng. (Khả năng gặp nhau giữa đực và cái thấp, giảm tỉ lệ sinh sản à số lượng giảm nhanh và có nguy cơ diệt vong).

B → sai. Mật độ cá thể của quần thể tăng lên nhanh chóng, làm cho sự cạnh tranh cùng loài diễn ra khốc liệt hơn. (Mật độ giảm... à hỗ trợ cùng loài thấp).

C → sai. Sự cạnh tranh về nơi ở giữa các cá thể giảm nên số lượng cá thể của quần thể tăng lên nhanh chóng.

D → đúng. Sự hỗ trợ giữa các cá thể trong quần thể và khả năng chống chọi với những thay đổi của môi trường của quần thể giảm => nên quần thể có nguy cơ diệt vong.

Vậy: D đúng.

Pha lũy thừa (log): Vi khuẩn sinh trưởng với tốc độ lớn nhất và không đổi (thời gian thế hệ đạt tới hằng số).

Số lượng tế bào tăng theo cấp luỹ thừa và đạt đến cực đại.

Vậy: B đúng.

A → đúng. Mức độ sinh sản tăng, mức độ tử vong giảm → tăng kích thước.

B → sai. Mức độ sinh sản và mức độ tử vong bằng nhau → kích thước ổn định.

C → sai. Các cá thể trong quần thể không sinh sản và mức độ tử vong tăng → kích thước giảm mạnh.

D → sai. Mức độ sinh sản giảm, mức độ tử vong tăng → kích thước giảm.

Vậy: A đúng.

Loài ưu thế: là loài (có thể nhiều loài) đóng vai trò quan trọng trong QX do so lượng cá thể nhiều, sinh khối lớn, hoặc do hoạt động của chủng mạnh. Quyết định chiều hướng phát triển của QX.

Vậy: D đúng.

Diễn thế nguyên sinh (DTNS): Khởi đầu môi trường trống trơn (giai đoạn đầu) → Tiếp theo là 1 dãy các quần xã (QX) tuần tự thay thế (giai đoạn giữa) → Kết quả là hình thành QX ổn định (đỉnh cực) trong 1 thời gian dài (giai đoạn cuối).

Như vậy:

A → sai. Ổ sinh thái của mỗi loài ngày càng được mở rộng. (Xu hướng của DTNS là độ đa dạng tăng, mà độ đa dạng tăng thì ổ sinh thái của mỗi loài phải bị thu hẹp).

B → đúng. Tổng sản lượng sinh vật được tăng lên (độ đa dạng tăng → tổng sản lượng tăng).

C → đúng. Tính đa dạng về loài tăng.

D → đúng. Lưới thức ăn trở nên phức tạp hơn. (Độ đa dạng tăng → lưới thức ăn càng trở nên phức tạp hơn).

Vậy: A đúng.

Trong tế bào, chuyển hoá vật chất luôn gắn liền với chuyển hoá năng lượng. Quá trình này gồm hàng loạt các phản ứng sinh hoá theo 2 hướng: tổng hợp (đồng hoá) và phân giải (dị hoá).

+ Đồng hoá: là quá trình tổng hợp chất, từ chất đơn giản à chất phức tạp, quá trình này cần năng lượng (thu năng lượng).

+ Dị hoá: là quá trình phân giải chất, từ chất phức tạp à chất đơn giản, quá trình này giải phóng năng lượng (sinh năng lượng ATP).

Vậy: C đúng.

(1) Ngựa cái giao phối với lừa đực sinh ra con la không có khả năng sinh sản → cách li sau hợp tử (đã sinh con lai nhưng con lai bất thụ).

(2) Cây thuộc loài này thường không thụ phấn được cho cây thuộc loài khác → cách li trước hợp tử (chưa thụ phấn để tạo hợp tử).

(3) Trứng nhái thụ tinh với tinh trùng cóc tạo ra hợp tử nhưng hợp tử không phát triển → cách li sau hợp tử (đã tạo được hợp tử, nhưng hợp tử không phát triển).

(4) Các loài ruồi giấm khác nhau có tập tính giao phối khác nhau → cách li trước hợp tử (chưa thụ tinh để tạo hợp tử).

Vậy: D đúng.

Quan hệ hỗ trợ: cộng sinh, hợp tác, hội sinh.

Quan hệ đối kháng: kí sinh - vật chủ, ức chế - cảm nhiễm, vật ăn thịt - con mồi, cạnh tranh khác loài.

(1) Sán lá gan sống trong gan bò à quan hệ kí sinh - vật chủ.

(2) Ong hút mật hoa à quan hệ cộng sinh.

(3) Tảo giáp nở hoa gây độc cho cá, tôm à quan hệ ức chế - cảm nhiễm.

(4) Trùng roi sống trong ruột mối à quan hệ cộng sinh.

Vậy: C đúng.

Là quá trình biến đổi tần số alen, thành phần kiểu gen của quần thế gốc hình thành quần thể mới rồi đến hình thành loài mới. Tiến hóa diễn ra trong phạm vi phân bố tương đối hẹp, thời gian lịch sử tương đối ngắn. Có thể nghiên cứu bằng thực nghiệm.

Như vậy:

I, II, IV → đúng

III → sai. Tiến hoá nhỏ diễn ra trong thời gian địa chất lâu dài và chỉ có thể nghiên cứu; gián tiếp => đây là tiến hóa lớn.

Vậy: C đúng.

Tim tách rời khỏi cơ thể vẫn tiếp tục đập một thời gian ngắn nếu đặt trong môi trường thích hợp là do hệ dẫn truyền tự động của tim, không do vỏ não điều khiển.

Vậy: B đúng.

Cây hấp thụ khoáng bị động bằng cách:

+ Các ion khoáng khuếch tán theo sự chênh lệch nồng độ từ cao đến thấp.

+ Các ion khoáng hoà tan trong nước và vào rễ theo dòng nước

+ Các ion khoáng hút bám trên bề mặt các keo đất và trên bề mặt rễ trao đổi với nhau khi có sự tiếp xúc giữa rễ và dung dịch đất.

+ Các ion khoáng khuếch tán từ nơi có thế nước thấp (áp suất thẩm thấu cao) đến nơi có thế nước cao (áp suất thẩm thấu thấp), không tiêu tốn năng lượng.

Vậy: D đúng.

Phân giải kị khí (đường phân và lên men):

Xảy ra khi rễ bị ngập úng, hạt bị ngâm vào nước, hay cây ở trong điều kiện thiếu oxi.

Diễn ra ở tế bào chất gồm 2 quá trình:

+ Đường phân là quá trình phân giải glucozơ → axit piruvic và 2 ATP.

+ Lên men là axit piruvic lên men tạo thành rượu êtilic và CO₂ hoặc tạo thành axit lactic.

Vậy: A đúng.

Ta có: t = 150 p; N_o = 1, N_t = N_o.2n → n = 5; g = t/n = 30 phút.

Vậy: C đúng.

(1), (2) và (4) đúng.

Vậy: C đúng.

1 tế bào sinh dục (2n), qua giảm phân 1 → sinh ra 2 tế bào (mỗi tế bào có: n NST kép).

2 tế bào (mỗi tế bào có n: NSTkép) qua giảm phân 2 → 4 tế bào (n),

Vậy: D đúng.

Theo thí nghiệm trên thì phía bên phải gắn bơm hút nên dòng khí đi từ trái qua 3 ống nghiệm và 1 bình chứa hạt.

- Khí cung cấp vào bình là khí giàu oxi mà không có CO₂ (vì đã bị giữ lại tại 2 ống nghiệm chứa dịch hấp thụ CO₂).

- Tại bình chứa hạt, hạt sẽ hấp thụ O₂ để hô hấp (hạt đang nảy mầm hô hấp rất mạnh) và thải ra CO₂.

- Khí ra khỏi bình chứa hạt đến ống nghiệm bên phải là khí giàu CO₂ (do hô hấp tạo ra) và nghèo oxi, khi đi qua nước vôi sẽ làm nước vôi đục.

I, III → sai.

II, IV → đúng.

Vậy: B đúng.

Nhận định các phát biểu:

(1) → đúng. Vi sinh vật nào cũng có quá trình tái bản, phiên mã, dịch mã.

(2) → sai. Quá trình dịch mã chỉ có sinh vật nhân thực (mọi SV đều có dịch mã tổng hợp polipeptit).

(3) → sai. Ở sinh vật nhân sơ một gen có thể quy định tổng hợp nhiều loại chuỗi polipeptit khác nhau (chỉ đúng cho nhân chuẩn. Vì gen nhân chuẩn phân mảnh, từ 1 gen à 1 loại mARNsơ khai sau đó cắt intron à nhiều loại mARNtrưởng thành à nhiều loại polipeptit).

(4) → đúng. Sự nhân đôi của ADN diễn ra ở pha S của kỳ trung gian, còn phiên mã diễn ra ở pha G1 của kì trung gian của phân bào (ở nhân chuẩn).

Vậy: A đúng.

Nhận định giữa ADN nhân sơ và nhân chuẩn:

A → đúng. ADN ở tế bào nhân sơ có dạng vòng còn ADN trong nhân ở tế bào nhân thực không có dạng vòng.

B → sai. Các bazơ nitơ giữa hai mạch của ADN trong nhân ở tế bào nhân thực liên kết theo nguyên tắc bổ sung còn các bazơ nitơ của ADN ở tế bào nhân sơ không liên kết theo nguyên tắc bổ sung (tất cả 2 mạch gọi là mạch kép và liên kết bổ sung cả).

C → sai. ADN ờ tế bào nhân sơ chỉ có một chuỗi polinucleotit còn ADN trong nhân ở tế bào nhân thực gồm hai chuỗi polinucleotit (tất cả 2 chuỗi polinucleotit hay 2 mạch).

D → sai. Đơn phân của ADN trong nhân ở tế bào nhân thực là A, T, G, X còn đơn phân của ADN ở tế bào nhân sơ là A, U, G, X (đã ADN thì đơn phân là A, T, G, X dù nó là nhóm sinh vật nào).

Vậy: A đúng.

Nhận định phát biểu:

(1) → đúng. Trong quá trình dịch mã, thường trong cùng thời điểm, trên mỗi mARN thường có một số riboxom hoạt động được gọi là polixom (thường từ 5-20 riboxom dịch mã).

(2) → sai. Trong quá trình dịch mã, nguyên tắc bổ sung giữa codon và anticodon thể hiện trên toàn bộ các nucleotit của mARN (codon kết thúc trên mARN không mã hóa acid amin nên không có đôi mã của tARN).

(3) → sai. Trong quá trình dịch mã, riboxom dịch chuyển trên mARN theo chiều 3’ → 5’. (chiều đúng là 5’ → 3 ’).

(4) → đúng. Điểm giống nhau trong cơ chế của quá trình phiên mã và dịch mã là đều dựa trên nguyên tắc bổ sung.

(5) → đúng. Quá trình phiên mã ở sinh vật nhân thực, chỉ diễn ra trên mạch mã gốc của gen (tái bản diễn ra trên cả 2 mạch).

Vậy: B đúng.

Giải thích theo trật tự sau:

4 - gắn ARN polimeraza vào ADN để phiên mã → 1- phiên mã tạo mARN (đây là mARN sơ khai) → 3 - cắt các intron ra khỏi ARN sơ khai để tạo mARN trưởng thành → 2 - gắn riboxom vào mARN để dịch mã tổng hợp polipeptit → 6 - metionin bị cắt ra khỏi chuỗi polypeptit → 5 - chuỗi polipeptit cuộn xoắn lại để hình thành cấu trúc bậc cao.

Vậy: D đúng.

I → đúng. Cơ thể bình thường có gen tiền ung thư nhưng gen này không phiên mã nên cơ thể không bị bệnh ung thư. Khi gen tiền ưng thư bị đột biến thành gen ung thư thì tạo ra quá nhiều sản phẩm mà cơ thể không kiểm soát được à tạo khối u → cơ thể sẽ bị bệnh. Gen tiền ung thư bị đột biến ở vùng điều hoà.

II → đúng. Sản phẩm của gen là phân tử ARN hay chuỗi polipeptit.

III → đúng. Nhờ khả năng tự sao chép chính xác (nhờ nguyên tắc bổ sung và bán bảo toàn) mà con cái sinh ra giống với cha mẹ chúng.

IV → đúng. Người đầu tiên công bố mô hình cấu trúc không gian của ADN là Oatxơn và Cric.

Vậy: D đúng.

Trong tế bào tồn tại 2n NST kép = 4 (ab/ab, AB/AB; Hf/Hf, hf/hf) và sắp xếp 2 hàng ở mặt phẳng xích đạo → Tế bào đang quan sát ờ kì giữa quá trình giảm phân 1.

Tế bào kì giữa 1 có 2nkép = 4 → 2n = 4.

I → sai. Nếu kì đầu giảm phân 1 thì 2n NST kép không có tập trung 2 hàng trên mặt phẳng xích đạo mà là ở kì đầu 1 các cặp NST bắt đôi nhau → trao đổi đoạn cho nhau.

II → sai. Theo trên, 2n = 4.

III → đúng. 4 tế bào sinh dục đực (2n), nguyên phân 3 lần → 4.23 = 32 tế bào (2n), các tế bào này qua giảm phân → tạo thành 32.4 = 128 giao tử.

Qua thụ tinh tạo ra 12 hợp từ → H thụ tinh của tinh trùng = 12/128 = 9,375%.

IV → đúng. 4 tế bào sinh dục cái (2n), nguyên phân 5 lần → 4.25 = 128 tế bào (2n), các tế bào này qua giảm phân → tạo thành 128.1 = 128 trứng.

Tổng NST bị tiêu biến trong trứng không thụ tinh và thể định hướng = 128 3.n + (128 - 12).n = 1000

Vậy: B đúng.

A (bình thường) >> a (bạch tang)/ gen trên NST thường

P: ♂Aa x♀Aa --> con: 3/4A-:1/4aa

Vậy khả năng vợ, chồng trên sinh được một đứa con trai bị bệnh (♂aa)và một đứa con gái bình thường

(♂A-): = \({\left( {\frac{1}{2}.\frac{1}{4}} \right)^1}.{\left( {\frac{1}{2}.\frac{3}{4}} \right)^1}.C_2^1 = \frac{3}{{32}}\)

* Gọi tần số alen A, a, B, b lần lượt là p, q, p’, q’ (p + q = 1, p’ + q’ = 1)

Do 2 tính trạng đang xét phân li độc lập và quần thể đang ở trạng thái cân bằng di truyền nên khi xét riêng cấu trúc gen của từng loại tính trạng thì mỗi cấu trúc này cũng ở trạng thái cân bằng di truyền.

- Xét tính trạng chiều cao

Quần thể cân bằng

 =>Cấu trúc P: p² AA: 2pq Aa: q² aa.

=> q² = tỉ lệ thấp = 8,16% + 7,84% = 16% = 0,16.

=> q = 0,4 =>  p = 0,6.

=> P: 0,36 AA: 0,48 Aa: 0,16 aa.

- Xét tính trạng màu sắc

Quần thể cân bằng

=> Cấu trúc P: p’² BB: 2p’q’ Bb: q’² bb

=> q² = tỉ lệ trắng = 41,16% + 7,84% = 49% = 0,49.

=> q’= 0,7 = p’ = 0,3.

=> P: 0,09 BB: 0,42 Bb: 0,49 bb.

   Vậy P: (0,36 AA: 0,48 Aa: 0,16 aa)  x  (0,09 BB: 0,42 Bb: 0,49 bb).

* Kiểm chứng các phát biểu

   (1) Các cây thân cao, hoa đỏ có kiểu gen dị hợp chiếm tỉ lệ 20,16%.

   Ta có: % cao, đỏ có kiểu gen dị hợp = %A-B- - %AABB = %A-B- - %AA   x  %BB

   = 42,84% (giả thiết) - 36%  x  9% = 39,6%.

   => (1) Sai.

   (2) Các cây có kiểu gen đồng hợp chiếm tỉ lệ 11,08%.

Ta có: % kiểu gen đồng hợp

= (%AA + %aA)  x  (%BB + %bb) = (100% - %Aa) x (100% - %Bb) = 52%  x  58% = 30,16%

=> (2) Sai.

(3) Cho các cây thân cao, hoa đỏ trong quần thể giao phấn ngẫu nhiên với nhau thì đời con thu được kiểu hình gồm 10800 cây thân cao, hoa đỏ: 2205 cây thân cao, hoa trắng: 960 cây thân thấp, hoa đỏ: 196 cây thân thấp, hoa trắng.

   Nhận xét: Cao, đỏ giao phấn ngẫu nhiên = (cao x  cao)(đỏ  x  đỏ).

- Tính trạng chiều cao:

Trong tổng số cây thân cao thì

AA chiếm p²/(p²+2pq) = p²/(1-q²) = 0,36/0,84 = 3/7,

Aa chiếm 1- 3/7 = 4/7.

=> A-  x  A- : (3/7 AA : 4/7 Aa)  x  (3/7 AA: 4/7 Aa)

Đời con aa = 4/7.1/2.4/7.1/2=4/49, A- = 1- 4/49 = 45/49.

- Tính trạng màu sắc:

   Tương tự, trong tổng số cây hoa đỏ thì BB chiếm 3/17, Bb chiếm 14/17.

  => B-  x  B- : (3/17 BB: 14/17 Bb) x (3/17 BB: 14/17 Bb).

   Đời con: bb = 14/17.1/2.14/17.1/2 = 49/289, B- = 1 – 49/289 = 240/289.

   Vậy: Cao, đỏ giao phấn ngẫu nhiên → Đời con: (45/49 A- : 4/49 aa)  x  (240/289 B- : 49/289 bb) => tỉ lệ kiểu hình đời con đã cho.

   => 3 đúng.

(4) Cho các cây thân cao, hoa trắng giao phấn ngẫu nhiên với các cây thân thấp, hoa đỏ thu được các cây có kiêu gen dị hợp ở đời con chiếm tỉ lệ 25/49.

   Nhận xét: Cao, trắng  x  Thấp, đỏ = (cao x thấp) x (trắng x đỏ).

Ta có:

   + A- x aa (3/7 AA : 4/7 Aa) x aa → đời con: 2/7 aa.

   + bb => B-: bb  x  (3/17 BB : 14/17 Bb) → đời con: 7/17 bb.

   => (4) Sai.

   Vậy chọn (1), (2), (4).

Vậy: A đúng.

1. Nếu mỗi gen quy định 1 tính trạng thì cơ thể dị hợp 2 gen (phân ly độc lập): AaBb (cơ thể biểu hiện của 2 tính trạng) cho 4 loại giao tử bằng nhau: AB = Ab = aB = ab =1/4.

2. Nếu mỗi gen quy định 1 tính trạng thì cơ thể dị hợp 2 gen (hoán vị gen với tần số 50%): AB/ab hay Ab/aB (f = 50%) cho 4 loại giao tử bằng nhau: AB - Ab = aB = ab = 1/4.

3. Nếu 2 gen cùng tác động để hình thành một tính hạng di truyền phân ly độc lập (tương

tác gen) thì cơ thể dị hợp AaBb (cơ thể biểu hiện của 1 tính trạng) cho 4 loại giao tử bằng nhau: AB = Ab = aB = ab = 1/4 .

Vậy: D đúng.

+ ABC/abc nếu liên kết hoàn toàn → cho tối đa 2 loại giao tử.

+ ABC/abc nếu liên kết không hoàn toàn (trao đổi chéo tại 1 chỗ) → cho tối đa 4 loại giao tử.

+ ABC/abc nếu liên kết không hoàn toàn (trao đổi chéo tại 2 chồ không đồng thời) → cho tối đa 6 loại giao tử.

+ ABC/abc nếu liên kết không hoàn toàn (trao đổi chéo tại 2 chỗ đồng thời → cho tối đa 8 loại giao tử.

Vậy: C đúng.

Dựa sơ đồ phả hệ: 12, 13: (bệnh) mà sinh con 18: (Bình thường) =>A (bệnh) > a (bình thường = BT)

và 12 là bệnh (A-) mà sinh con gái 18 là kiểu hình lặn (aa)  gen phải trên NST thường.

+ 1: aa x 2: A- → con 7: aa 2: Aa và 4, 5, 6: Aa.

+ 4: Aa  x  3: aa → con 9, 11: aa; 10, 12 : Aa.

+ 12: Aa  x 13: A- → 18, 19: (aa)  13: Aa và 17, 20 (A- = 1/3AA : 2/3Aa).

+ 7, 8: aa → 14, 15, 16: aa.

Vậy: A đúng.

Chú ý:

+ Nếu bố (XY) mang tính trạng trội → thấy có con gái (XX) lặn khác bố gen trên NST thường.

+ Nếu mẹ (XX) mang tính trạng lặn → con trai (XY) trội khác mẹ gen trên NST thường.

Ruồi đực thân xám, cánh ngắn, mắt đỏ: A-bbX^DY = 0,0125 →A-bb = 0,0125:0,25 =0,05 →aabb = 0,25 – 0,05 = 0,2 =0,4×0,5 →tần số HVG f= 20% (ab là giao tử liên kết = (1-f)/2)

A-B-=0,5+aabb = 0,7; D-=0,75; dd=0,25

I sai, số kiểu gen tối đa: 7×4 =28; số kiểu hợp tử = số loại giao tử đực × số loại giao tử cái = 4×2×2×2=32

II đúng.

III đúng. Tỉ lệ ruồi thân xám, cánh dài, mắt đỏ F₁ chiếm 0,7×0,75=52,5%

IV đúng. Số ruồi cái thân xám, cánh dài, mắt đỏ F₁= 0,7 ×0,5 = 0,35

Số ruồi cái thân xám, cánh dài, mắt đỏ thuần chủng là: 0,4×0,5×0,25 =0,05

→ Trong tổng số ruồi cái thân xám, cánh dài, mắt đỏ F₁, số cá thể thuần chủng chiếm tỉ lệ 1/7

Thân cao/ thân thấp = 1/3 → tương tác theo kiểu 9:7

Nếu các gen PLĐL thì đời con phải có tỷ lệ (3:1)(1:1) ≠ đề bài →cặp gen Aa nằm trên cùng 1 cặp NST với cặp gen Bb hoặc Dd

Giả sử Aa và Bb cùng nằm trên 1 cặp NST.

Ta có kiểu hình thân cao, hoa đỏ ở P: A-B-D-= 0,07→A-B-=0,07/0,5 =0,14 = AB × 1ab →AB =0,14 là giao tử hoán vị, f=28%

P: \(\frac{{Ab}}{{aB}}Dd \times \frac{{ab}}{{ab}}dd;f = 28{\rm{\% }}\)

I, II đúng

III sai, Nếu cho cây \(\frac{{Ab}}{{aB}}Dd\) tự thụ phấn: \(\frac{{Ab}}{{aB}}Dd \times \frac{{Ab}}{{aB}}Dd;f = 28{\rm{\% }} \to \frac{{ab}}{{ab}}dd = 0,{14^2} \times 0,25 = 0,49{\rm{\% }}\)

IV đúng, số kiểu gen tối đa là 10×3=30; 4 loại kiểu hình.

Loại nu không phải đơn phân tạo nên ADN là Uraxin ( U), u là đơn phân cấu tạo nên ARN.

Vậy: C đúng

Hình 1: Tế bào thực vật trong môi trường ưu trương.

Hình 2: Tế bào thực vật trong môi trường đẳng trương

Hình 3: Tế bào thực vật trong môi trường nhược trương.

Vậy: A đúng

Khi sử dụng acridin gây ra dạng đột biến mất hay thêm 1 cặp nucleotit góp phần chứng minh mã di truyền là mà bộ ba.

Vậy: B đúng

A → sai. Thể đa bội chẵn có độ hữu thụ cao hơn thể đa bội khác nguồn. Chi có thể cao hơn đa bội lẻ, còn chưa thể so sánh được so với 6n, 8n,...

B → đúng. Vì thực vật có thể duy trì được chủ yếu nhờ đa phần có sinh sản vô tính.

C → đúng. Vì có hàm lượng ADN tăng nên khả năng tổng hợp protein tăng, nên thường có khả năng thích ứng, chống chịu tốt hơn thể lưỡng bội.

D → đúng. Thể đa bội lẻ thường bất thụ → bộ NST là bội số lẻ không bắt thành các cặp tương đồng trong giảm phân → không tạo được giao tử => bất thụ.

Vậy: A đúng

Trình tự quá trình dịch mã

3_(gắn tiểu đơn vị bé/mARN) → 1_(tARN mang acid amin mở đầu đến..) → 2_(gắn tiểu đơn vị lớn để tạo riboxom hoàn chỉnh) → 4_(tARN2 mang acid amin tiếp theo đến riboxom..) → 5_(liên kết peptit hình thành giữa 2 acid amin) → 6_(riboxom dịch chuyển trên mARN...)

=> Đáp án: A. (3) → (l) → (2) → (4) → (6) → (5)

Vậy: A đúng

Về cấu tạo virut:

   + Vỏ capsit (từ các đơn vị protein capsôme)

   + Lõi (ADN hoặc ARN)

   + Một số còn có vỏ ngoài (lipôprôtêin)

Vậy: A đúng

Theo giả thuyết:

A quy định thân cao >> a quy định thân thấp;

B quy định hoa đỏ >> b quy định hoa trắng.

Tìm phép lai thỏa mãn: P x P →  F1 (aabb) = 25%

   1. AaBb x Aabb → F1 :thấp, trắng (aabb) = 1/8

   2. AaBB x aaBb → F1 : thấp, trắng (aabb) = 0

   3. Aabb x AABb → F1 : thấp, trắng (aabb) = 0

   4. aaBb x aaBb → F1 : thấp, trắng (aabb) = 1/4 à chọn

Vậy: B đúng