Dây tơ hồng sống ký sinh và không thể quang hợp, do đó không sinh vật sản xuất.

Đáp án D

Đáp án C

Trong lục lạp pha tối diễn ra ở chất nên (strôma)

Đáp án C

Đây là hình ảnh về nốt sần của rễ cây họ đậu-một trong những mối quan hệ cộng sinh điển hình trong tự nhiên. Vi khuẩn nốt sần (chi Rhizobium) sẽ biến đổi nitơ tự do thành nitơ hữu cơ cung cấp cho cây, ngược lại chúng sẽ đẩy các chất hữu cơ từ cây (được tạo ra nhờ quá trình quang hợp) để nuôi sống bản thân.

Để khắc phục tình trạng ô nhiễm môi trường hiện nay, cần tập trung vào mấy biện pháp:

- Xây dựng các nhà máy xử lý và tái chế rác thải

- Quản lí chặt chẽ các chất gây ô nhiễm môi trường

- Giáo dục để nâng cao ý thức bảo vệ môi trường cho mọi người

Đáp án B

Đáp án D

Hiện tượng mắt lồi thành mắt dẹt ở ruồi giấm là do lặp đoạn trên NST giới tính.

Đáp án B

Sinh sản hữu tính là hình thức sinh sản có sự kết hợp giữa giao tử đực và giao tử cái để tạo hợp tử, hợp tử phát triển thành phôi, phôi phát triển thành cơ thể con. Trong các ví dụ nói trên thì cây con được sinh ra từ quả (thực chất là quả chưa hạt do noãn được thụ tinh phát triển thành) là sinh sản hữu tính.

Đáp án A

Sự xâm nhập của nước vào tế bào lông hút theo cơ chế thẩm thấu.

Đáp án D

- Hệ sinh thái nhân tạo là hệ sinh thái có sự tác động của con người, ngoài năng lượng sử dụng giống như các hệ sinh thái tự nhiên,để nâng cao hiệu quả sử dụng, người ta bổ sung cho hệ sinh thái nguồn vật chất và năng lượng khác,đồng thời thực hiện các biện pháp cải tạo hệ sinh thái.

- Trong các hệ sinh thái trên, hệ sinh thái rừng mưa nhiệt đới, hệ sinh thái biển,hệ sinh thái rạn san hô đều là những hệ sinh thái tự nhiên.

- Hệ sinh thái vườn-ao-chuồng là hệ sinh thái nhân tạo.

Đáp án A

Đột biến saukhi xảy ra. Thông qua quá trình giao phối, đưa alen đột biến vào trong trạng thái dị hợp làm trung hòa tính có hại của đột biến.

Đáp án C

Do vi khuẩn sinh sản nhanh → có thể sản sinh ra 1 lượng lớn Insulin → Để điều trị bệnh đái tháo đường cho người thiếu Insulin, người ta đã dùng phương pháp đưa gen Insulin người vào vi khuẩn sản xuất hộ.

Đáp án D

- Theo bài rat a có phép lai: \(P:{\rm{AA }}\,x\,{\rm{aa}} \to \,\,{F_1}:100\% {\rm{Aa}}{\rm{.}}\) 

- Lai phân tích \({F_1}:Aa\,\,x\,{\rm{aa}} \to {F_a}:50\% {\rm{Aa}}:50\% {\rm{aa}} \to \) Tỉ lệ kiểu hình 50% vàng : 50% xanh .

Đáp án B

Một bộ ba chỉ mã hóa cho 1 axit amin trên phân tử protein.

Đáp án A

- Số lần co bóp của tim trong 1 phút là: \(60:0,8 = 75\) lần

- Lượng máu tổng vào động mạch chủ là: \(75\,\,x\,\,70 = 5250\,\,ml\) 

- Lượng oxi được vận chuyển vào động mạch chủ là:\(5250\,\,x21:100 = 1102,5\,ml\) 

Đáp án C

Đacuyn phân biệt biến dị ra làm biến dị cá thể và biến dị đồng loạt. Theo ông biến dị cá thể dùng để chỉ những sai khác phát sinh trong quá trình sinh sản.

Đáp án B

Ở một loài cặp NST giới tính là XX và XY. Bộ NST của loài là 2n=10, có 5 cặp NST, cặp số 1 có alen A, B cặp số 2 có alen C, D, cặp số 3 có alen H, cặp số 4 có alen I, cặp số 5 là cặp NST giới tính.

Đáp án C

- Hợp tử bình thường nguyên phân 3 lần không có đột biến \(\to {2^3} = 8\) tế bào.

- Số NST = 624 → mỗi tế bào có: \(624:8 = 78 \to 2n = 78\) 

- Một tế bào sunh dưỡng của loài có 77 NST, cơ thể mang tế bào sinh dưỡng đó có thể là thể một (2n-1). 

Đáp án B

Khi tế bào ở trạng thái nghỉ 2 bên màng tồn tại điện thế nghỉ, cổng \({K^ + }\) mở, cổng \(N{a^ + }\) đóng, trong màng tích điện âm, ngoài màng tích điện dương.

Đáp án B

- Cấu trúc di truyền của các quần thể:

Quần thể \(I:\,100\% \,{\rm{Aa}}\)                     Quần thể \(II:\,\,100\% \,{\rm{Aa}}\)              Quần thể \(III:100\% \,{\rm{aa}}\) 

Quần thể \(IV:50\% \,{\rm{AA}}:50\% {\rm{aa}}\)     Quần thể \(V:75\% {\rm{AA}}\,\,{\rm{:}}\,{\rm{25\% }}\,{\rm{aa}}\) 

Quần thể \(VI:16\% \,{\rm{AA}}\,\,:\,\,48\% {\rm{Aa}}\,\,:\,\,36\% \,{\rm{aa}}\) 

- Quần thể ở trạng thái cân bằng khi:

+ Cấu trúc \(100\% \,{\rm{AA}}\) hoặc \(100\% \,{\rm{aa}}\) 

+V ới quần thể \(xAA:yAa:z{\rm{aa}}\) thì quần thể cân bằng khi \(4.x.z = {y^2}\) 

Vậy trong các quần thể trên, các quần thể \(I,II,II,VI\) cân bằng

Đáp án B

Quy ước: A- kén trắng, a- kén vàng, B- hình thuôn dài, b-  hình bầu dục.

Phép lai 1: Đực kén trắng hình dài x cái màu vàng, bầu dục \(\frac{{ab}}{{ab}} \to \) kiểu hình con lai khác bố mẹ với tỷ lệ nhỏ 8,25% 

Tỷ lệ vàng, dài \(\frac{{aB}}{{ab}} = 8,25\% = \underline {ab} \,0,5\,\,x\,\,\underline {aB} \,16,5 \to 16,5\,\,\underline {aB} < 0,25 \to \) giao tử hoán vị → dị hợp tử đều

Phép lai 2: Đực kén trắng hình dài x cái màu vàng, bầu dục → con lai khác bố mẹ chiếm tỉ lệ lớn 41,75% → dị hợp chéo

→ Kiểu gen của hai con đực kén trắng hình dài là khác nhau ở hai cặp đôi giao phối

Đáp án A

Quá trình nhân đôi ADN diễn ra theo nguyên tắc bán bảo tồn nên trong số các ADN được tạo ra luôn có 2 phân tử ADN còn mang 1 mạch ADN ban đầu (mang 1 mạch cũ và 1 mạch mới). Ở bài toán này N¹⁴ và N¹⁵ là để chỉ nguyên liệu cấu trúc nên ADN 

- Vì luôn có 2 phân tử ADN mang N¹⁵ nên số phân tử chỉ mang N¹⁴ là 15x2 = 30 phân tử → Tổng số phân tử ADN được sinh ra là \(20 + 2 = 32 = {2^5} \to \) Vậy phân tử ADN đã nhân đôi 5 lần.

Đáp án A

- Cặp vợ chồng II bình thường nhưng sinh con III bị bệnh nên bệnh do gen lặn quy định

- Vì người đàn ông II bình thường nhưng sinh được con trai III bị bệnh nên bệnh không do gen nằm trên Y 

- Người đàn ông I bình thường nhưng sinh đươc con gái II → con trai II bị bệnh → Bệnh không do gen nằm trên X quy định

→ Vậy bệnh do gen lặn nằm trên NST thường quy định

Cặp vợ chồng thế hệ I bình thường nhưng sinh được con có cả bình thường và cả bị bệnh → Bố mẹ dị hợp 1 cặp gen Aa 

Đáp án A

Tần số alen ở thế hệ đầu là: \(A = 0,35 + 0,5/2 = 0,6 \to a = 1 - 0,6 = 0,4\) 

Đột biến thuận \(A \to a \to \) Tần số các alen là: \(A = 0,6 - 0,6.0,05 = 0,57;\,a = 1 - 0,57 = 0,43\) 

Đáp án B

Hai cặp tính trạng phân li độc lập, hình dạng quả di truyền theoquy luật tương tác bổ sung, vị quả di truyền theo quy luật phân li: \(AaBb{\rm{Dd}}\,\,x\) cá thể khác có kiểu hình:\(12:9:4:3:3:1 \to \left( {3:4:1} \right)\,\,\left( {3:1} \right)\) 

• \({\rm{Dd}}\,x\,{\rm{Dd}} \to {\rm{3:1}}\) 
• \(3:4:1 \to AaBb\,\,x\,\,Aabb\) hoặc \(AaBb\,\,x\,\,{\rm{aa}}Bb\) 
• \( \to 2\) phép lai phù hợp.

Đáp án C

Xét các kết luận của đề bài:

I. Đúng cơ quan tương đồng là những cơ quan có cùng nguồn gốc trong quá trình phát triển phôi vì vậy chúng có cấu tạo giống nhau

II. Đúng

III. Sai cánh của chim và cánh của bướm là những cơ quan tương tự chứ không phải cơ quan tương đồng. Cánh chim có nguồn gốc từ chi trước. Cánh bướm có nguồn gốc từ phần trước ngực.

IV. Đúng cơ quan thoái hóa là cơ quan phát triển không đầy đủ ở cơ thể trưởng thành. Do điều kiện sống của loài thay đổi, các cơ quan này mất dần chức năng ban đầu, tiêu giảm dần và hiện chỉ để lại một vài vết tích xưa kia của chúng. Cơ quan thoái hóa là một trường hợp của cơ quan tương đồng.

V. Đúng cơ quan tương tự phản ánh tiến hóa hội tụ (đồng quy). Cơ quan tương tự là những cơ quan khác nhau về nguồn gốc nhưng đảm nhiệm những chức phận giống nhau nên có kiểu hình thái tương tự.

Đáp án A

I. Sai vì khi mật độ quần thể vượt quá “sức chịu đựng” của môi trường, các cá thể cạnh tranh với nhau làm tăng mức tử vong, giảm mức sinh sản, do đó, kích thước quần thể giảm, phù hợp với điều kiện của môi trường. Đó là hiện tượng “tự tỉa thưa” thường gặp ở cả thực vật và động vật. Vào mùa sinh sản, các cá thể đực của nhiều loài tranh giành nhau con cái hoặc con cáo (ỏ cò) trong đàn cạnh tranh với nhau giành nơi thuận lợi làm tổ…Quan hệ cạnh tranh giúp duy trì số lượng cá thể trong quần thể được duy trì ở mức phù hợp với sức chứa của môi trường chứ không gây hiện tượng suy thoái dẫn đến diệt vong.

II. Sai vì khi mật độ vượt quá mức chịu đựng của môi trường các cá thể cạnh tranh với nhau làm tăng mức tử vong, giảm mức sinh sản chứ không phải làm tăng khả năng sinh sản.

III. Đúng vì ở ong sống thành xã hội theo kiểu mẫu hệ với sự phân chia thứ bậc và chức năng rõ rang, do đó các cá thể ong có thể hỗ trợ nhau tốt hơn.

IV. Sai vì khi các cá thể trong quần thể sống theo nhóm thì sẽ tăng tần số lây lan của bệnh tật, dịch bệnh chứ không có khả năng chống lại dịch bệnh.

Đáp án D

- Hoocmon HCG do nhau thai tiết ra, hoocmon này tác dụng lên thể vàng và duy trì sự phát triển của thể vàng. Thuốc ức chế thụ thể của HCG nên khi uống loại thuốc này thì hoocmon HCG không tác dụng lên tế bào đích (không tác dụng lên thể vàng) dẫn đến thể vàng bị tiêu biến. Nếu uống thuốc ở tuần thứ hai thì thể vàng bị tiêu biến hoocmon progesteron không được tạo ra. Hoocmon progesteron có tác dụng làm dày niêm mạc tử cung và an thai, nên khi trong máu có nồng độ progesteron thấp thì sẽ gây ra sẩy thai → Uống thuốc lúc thai mới 2 tuần sẽ gây sẩy thai.

- Nếu uống thuốc vào tuần thứ 17 thì sẽ không gây sẩy thai. Vì hoocmon chỉ duy trì thể vàng trong 3 tháng đầu, từ tháng thứ 4 thì thể vàng tiêu biến. Mặc khác khi đó nhau thai sẽ phát triển mạnh hơn nên lượng hoocmon progesteron chủ yếu do nhau thai tạo ra → Niêm mạc dạ con được duy trì bằng progesteron của nhau thai.

- Chỉ có 2 phát biểu đúng là (I) và (III) 

Đáp án D

\(\frac{{AB}}{{ab}}{X^D}{X^d}\,\,x\,\frac{{AB}}{{ab}}{X^D}Y\) từ tỉ lệ F1 có kiểu hình cái mang 3 tính trạng trội chiếm tỉ lệ 33% 

\(\to {F_1}\) có \(\left( {A - B - } \right){X^D}X - = 0,33\left( {A - B - } \right) = 0,33:0,5 = 0,66\) 

→ Có HVG bên tần số f = 20% (I) và (III) Đúng

(III) Đúng

- F1 có \({X^D}{X^d} = 0,25\) 

\(\frac{{AB}}{{ab}} + \frac{{Ab}}{{aB}} = 2.\left( {0,42 + 0,12} \right)\) Tỉ lệ cá thể cái mang 3 cặp gen dị hợp ở F1 chiếm 8,5% 

(IV) Đúng F1 có \(\left( {A - B - } \right){\rm{dd}} + \left( {A - bb + {\rm{aaB - }}} \right)D - = 0,66.0,25 + 0,18.0,75 = 0,3\) 

Đáp án C

Quy ước: A-B-: Đen, A-bb: hung, aaB-: nâu, aabb: vàng

I. Đúng vì lông đen \(\left( {A - B - } \right)\) x lông vàng aabb con sinh ra có lông vàng aabb sẽ nhận ab từ bố và ab từ mẹ → Bố lông đen phải có kiểu gen AaBb 

II. Đúng vì lông hung có kiểu gen \(\left( {A - bb} \right)\,\,\,x\) lông nâu \(\left( {{\rm{aa}}B - } \right)\) đời sau có thể sinh ra có cả lông đen và lông vàng khi kiểu gen của P là: \({\rm{Aa}}bb\,\,x\,{\rm{aa}}Bb\).

III. Sai vì lông đen \(\left( {A - B - } \right)\,\,x\,{\rm{AA}}bb\) sẽ không bao giờ cho đượclông vàng vì cơ thể \(AAbb\) không cho giao tử ab 

IV. Đúng vì kiểu gen quy định màu lông đen có: \({\rm{AA}}BB;\,{\rm{AA}}Bb;\,{\rm{Aa}}BB;\,{\rm{Aa}}Bb\) 

Đáp án B

I. Sai có tối đa 5 mối quan hệ hữu sinh giữa các sinh vật đang có mặt trong ao:

- Quan hệ cùng loài gồm: Hỗ trợ và cạnh tranh

- Quan hệ khác loài: Cạnh tranh, sinh vật này ăn sinh vật khác và ức chế cảm nhiễm.

II. Đúng

III. Đúng vì nếu thay tất cả cá lóc trong ao bằng cá rô phi, lúc đầu số lượng cá giếc tăng tỉ lệ tử vong giảm vì cá giếc con không bị cá lóc ăn thịt.

IV. Đúng vì cá lóc nằm ở bậc sinh dưỡng cao hơn (sinh vật tiêu thụ bậc 3) bậc dinh dưỡng của cá rô phi (sinh vật tiêu thụ bậc 1) hiệu suất sinh thái khi chuyển đến cá lóc sẽ còn ít hơn làm cho sinh khối trung bình nhỏ đi.

Đáp án C

- Gen I và gen II cùng nằm trên NST thường số 1, quần thể tạo tối đa 6 loại giao tử về các gen này → số alen trên NST thường số 1 là 6 → Số kiểu gen tối đa tạo được ở NST số 1 là: \(6.\frac{{6 + 1}}{2} = 21\) kiểu gen.

- Gọi x là số alen của gen III, y là số alen của gen IV 

- Ta có: Số alen trên NST X là: x.y, số alen trên NST Y là: y 

- Vì quần thể này tạo tối đa 9 loại tinh trùng về các gen trên NST giới tính nên ta có: \(xy + y = 9 \to y.\left( {x + 1} \right) = 9 \to y = 3,\,\,x + 1 = 3 \to x = 2,y = 3.\) 

Vậy số alen trên X là: 2.3 = 6 số alen trên Ylà 3 

+ Số loại kiểu gen trên XX là: \(6.\frac{{6 + 1}}{2} = 21\) kiểu gen.

+ Số loại kiểu gen trên XY là: \(6.3 = 18\) kiểu gen.

+ Số loại kiểu gen trên NST giới tính là: \(21 + 18 = 39\) kiểu gen.

Số loại kiểu gen tối đa có thể có của quần thể về các loại gen trên là: \(21\,\,x\,\,39 = 9 = 819\) kiểu gen.

Đáp án D

Xét phát biểu của đề bài:

I. Phát  biểu này sai vì để loại bỏ những gen không mong muốn người ta dùng đột biến mất đoạn chứ không phải chuyển đoạn.

II. Phát biểu này sai vì đột biến NST thường gây ra hậu quả nghiêm trọng vì đột biến NST làm ảnh hưởng đến nhiều gen và nó làm biến đổi mạnh mẽ vật chất di truyền.

III. Phát biểu này sai vì đột biến mất đoạn ít có vai trò quan trọng nhất vì đột biến NST thường ảnh hưởng đến sức sống của cá thể mang đột biến. Các đột biến đảo đoạn, lặp đoạn, chuyển đoạn có vai trò quan trọng hơn so với mất đoạn.

IV.  Phát biểu này đúng vì dựa trên tính thoái hóa của mã di truyền, các bộ ba cùng mã hóa 1 axit amin thường khác nhau ở 1 cặp nuclêôtit thứ 3 trong bộ ba. Do vậy dạng đột biến thay thế 1 cặp nuclêôtit ở bộ ba mã hóa axit amin cuối hầu như không làm thay đổi cấu trúc chuỗi polipeptit.

Đáp án A

- P: Cao x Cao --> F1: 3 cao : 1 thấp → Cây thấp F1 có kiểu gen aa sẽ nhận một a từ bố và một a từ mẹ → Kiểu gen của P đều là Aa --> F1: 1AA : 2Aa : 1aa

- Xét các phát biểu của đề bài:

I. Sai vì kiểu gen của P giống nhau, đều là Aa 

II. Sai F1 giao phối ngẫu nhiên thì:

- Cách 1:

♂F1: Cơ thể AA giảm phân cho 1A

Cơ thể 2Aa giảm phân cho 1A : 1a

Cơ thể 1aa giảm phân cho 1a 

Vậy ♂F1 giảm phân cho 1/2A : 1/2a

Tương tự ♀F1 cũng giảm phân cho 1/2A : 1/2a

F2: 1AA : 2Aa : 1aa

→ Khi cho F1 giao phấn ngẫu nhiên thì F2 xuất hiện kiểu gen lặn chiếm 25% 

- Cách 2: Sử dụng di truyền quần thể, F1 cân bằng di truyền --> F2 có cấu trúc: 1AA : 2Aa : 1aa

III. Đúng vì cây thân cao F1 có kiểu gen: 1AA : 2Aa hay 1/3AA : 2/3 Aa

+ 1/3AA tự thụ cho 1/3AA

+ 2/3 Aa tự thụ cho 2/3.1/4 = 1/6 aa --> 1/6 cây thấp

IV. Sai vì cây thân cao F1 có kiểu gen: 1AA : 2Aa hay 1/3AA : 2/3 Aa --> đời sau cho tỉ lệ 8 cao : 1 thấp           

Đáp án A

Xét các phát biểu của đề bài:

I. Sai vì đại Thái Cổ chiếm thời gian dìa nhất → Nguyên sinh → Cổ sinh → Trung sinh → Tân sinh.

II. Sai vì đại Tân sinh được đặc trưng bởi sự phát sinh loài người. Còn các loài chim, thú đã phát sinh từ trước đó.

III. Ở đạiCổ sinh, có hiện tượng các loài động thực vật di cư lên cạn.

IV. Sai vì kỉ cacbon của đại Cổ sinh đã phát sinh bò sát.

Đáp án B

- Auxin tạo ưu thế ngọn, trong cây auxin được tổng hợp chiều ở chồi ngọn sau đó được vận chuyển xuống thân, cành rễ nên người ta bố trí thí nghiệm như sau:

- Dùng 2 cây con trồng trong chậu làm thí nghiệm.Ở chậu A ta cắt ngọn đi, ở chậu B cũng cắt ngọn nhưng tẩm auxin vào miếng bông nhot rồi áp lên vết cắt.

- Theo dõi sự phát triển của 2 cây ta thấy: cây chậu A cành bên phát triển nhanh, còn cây chậu B cành bên không phát triển → auxin tạo ưu thế ngọn, ức chế sự phát triển của cành bên

Vậy những thao tác là II, III, IV 

Đáp án A

I. Sai vì ADN ngoài nhân có thể nhân đôi nhiều lần.

II. Sai vì ARN-pol chỉ có vai trò xúc tác đoạn mồi có bản chất là ARN chứ không thể hình thành mạch ADN 

III. Đúng xét trên một đơn vị tái bản, sự tháo xoắn luôn diễn ra theo hai hướng ngược nhau.

IV. Sai vì tổng hợp đoạn mồi sử dụng U môi trường để bổ sung với A của mạch khuôn.

Đáp án A

- Ta có: \({X^A}{X^a}\,\,\,x\,\,\,{X^a}Y \to con:\,\frac{1}{4}{X^A}{X^a}:\frac{1}{4}{X^A}Y:\frac{1}{4}{X^a}Y.\) 

- Xác suất sinh 5 người con, trong đó có nam bình thường, nam mù màu, nữ bình  thường, nữ mù màu.

- Có các trường hợp: Trong 5 con sẽ có: 2 nam bình thường hoặc 2 nam mù màu hoặc 2 nữ bình thường hoặc 2 nữ mù màu.

- Xác suất: \(= \left( {\frac{1}{4}x\frac{1}{4}x\frac{1}{4}x\frac{1}{4}x\frac{1}{4}x\,\,C_5^2\,\,x\,\,C_3^1\,x\,C_2^1\,\,x1} \right)\,x\,\,4 = \frac{{15}}{{64}}\) 

I. Đúng nếu đột biến là trội,các con ruồi cái ở đời con của ruồi bố có kiểu gen dị hợp tử và ruồi mẹ kiểu dại sẽ sống sót

II. Đúng nếu đột biến là trội, các cá thể có kiểu gen đồng hợp tử về đột biến X không thể sống sót đến giai đoạn trưởng thành

III. Sai vì nếu đột biến là lặn, phôi ở ruồi đực của cá thể mẹ dị hợp tử cũng bị biến dạng

IV. Đúng nếu đột biến là lặn và tiến hàng lai hai cá thể dị hợp tử về đột biến X để thu F1, sẽ có khoảng 1/6 số cá thể ở F2 đồng hợp tử về gen X 

Đáp án A

Theo bài ta có: \({T_2} = {A_2};\,{X_2} = 2{T_2};{G_2} = 3{T_2}\) suy ra  \(\frac{A}{G} = \frac{{{A_2} + {T_2}}}{{{G_2} + {X_2}}} \to \frac{A}{G} = \frac{2}{5} \to 5A - 2G = 0\,\,\left( 1 \right)\) 

I. Đúng vì nếu số liên kết hidro trong gen là 4254 thì ta có: \(2A + 3G = 4254\,\,\left( 2 \right).\) Giải hệ phương trình tạo bởi (1) và (2) ta được: A = 477,78 (loại). Vậy số liên kết hiđrô trong gen không thể là 4254.

II. Sai vì khi tổng liên kết hiđrô là 5700 thì \(2A + 3G = 5700\,\,\left( 3 \right).\) Giải hệ phương trình tạo bởi (1) và (3) ta được: A = 600. Số nuclêôtit loại A môi trường cung cấp là:

\({\rm{Amt = }}\left( {{2^3} - 1} \right).600 = 4200.\) 

III. Sai vì tỉ lệ số liên kết hiđrô trong gen và số nuclêôtit là:

\(\frac{{2A + 3G}}{{2A + 2G}} = \frac{{2A + 3\,x\,\frac{5}{2}A}}{{2A + 2\,\,x\,\,\frac{5}{2}A}} = \frac{{9,5A}}{7} = \frac{{19}}{{14}}.\) 

IV. Sai vì khi gen nhân đôi k lần thì số nuclêôtit từng loại môi trường cung cấp là:

- A môi trường \( = A.\left( {{2^k} - 1} \right)\) 

- G môi trường \( = G.\left( {{2^k} - 1} \right)\) 

Mà \(G = 2,5A \to G\) môi trường \( = 2,5.A\) môi trường.

Đáp án D

I. Sai vì:

- Gọi p là tần số alen q là tần số alen b nên \(p + q = 1\). Ở quần thể ban đầu: \(p = 0,010,\,\,q = 0,990\) 

Tần số kiểu gen ở quần thể ban đầu:

\({p^2}BB + 2pqBb + {q^2}bb = {\left( {0,010} \right)^2}BB + 2\left( {0,010\,\,x\,\,0,990} \right)\,Bb + {\left( {0,990} \right)^2}Bb\)

\(= 0,0001BB + 0,0198Bb + 0,9801bb\)

Tỉ lệ sống sót đến tuổi sinh sản: \(0,2BB + 0,2Bb + 0,1bb\) 

Tần số kiểu gen ở quần thể thứ nhất sau chọn lọc: \(0.00002BB + 0,00396Bb + 0,09801bb\) 

Tỉ lệ alen B còn lại sau chọn lọc: \(2\,\,x\,\,0,00002\,\, + 0,00396 = 0,004\) 

Tỉ lệ alen b còn lại sau chọn lọc: \(0,00396\, + 2\,\,x\,\,0,09801 = 0,19998\) 

Tổng số các alen còn lại trong quần thể sau chọn lọc có tỉ lệ:

\(0,00002\,\,x\,\,2 + 0,00396\,\,x\,\,2 + 0,09801\,\,x\,\,2 = 0,20398\) 

Do đó tần số các alen trong thế hệ 1 sau chọn lọc là: \(p = \frac{{0,004}}{{0,20398}} = 0,02;\,q = \frac{{0,19998}}{{0,20398}} = 0,98\) 

II. Đúng ở đồ thị 1, tần số alen B tăng chậm ở thế hệ thứ nhất, sau đó tăng nhanh ở các thế hệ tiếp theo và cuối cùng là tăng chậm do đó đồ thị có hình chữ S 

III. Sai vì ở đồ thị 2, tần số alen b giảm từ từ ở thế hệ thứ nhất rồi giảm nhanh ở các thế hệ sau. Nếu chọn lọc tự nhiên tiếp tục xảy ra thì alen b sẽ biến mất trong quần thể.

IV. Đúng chọn lọc tự nhiên đã làm biến đổi tần số các alen trong quần thể, màu nâu là đặc điểm thích nghi hơn màu trắng do đó có nhiều khả năng sống sót hơn bướm cánh trắng.

Đáp án B

Ta có:

-F2: mắt đỏ: mắt trắng 3:5. Suy ra: \({F_1}\,\,x\,{F_1}:AaBb\,\,x\,{\rm{aa}}Bb\,\,\left( 1 \right)\) 

-F2: Thân xám : thân đen 3:1. Suy ra: \({F_1}\,\,x\,{F_1}:{\rm{Dd}}\,\,x\,\,{\rm{Dd}}\,\,\left( 2 \right)\) 

Từ (1) và (2) suy ra: \({F_1}\,\,\,x\,\,{F_1}:\left( {{\rm{Aa}}Bb,{\rm{Dd}}} \right)\,\,\,x\,\,\left( {{\rm{aa}}Bb,{\rm{Dd}}} \right)\) 

- Xét tính trạng màu sắc mắt:

Pt/c: mắt đỏ x mắt trắng → F1: 50% cái mắt trắng : 50% đực mắt đỏ

- Tính trạng màu mắt phân bố không đồng đều ở hai giới

- Một trong hai cặp gen quy định tính trạng màu sắc mắt liên kết với NST giới tính

Nhận xét:

Ở F1: 50%♀aa x 50%♂AaBb = F1: 100%Bb ⇒ cặp gen này nằm trên NST thường (3) 

+ F1: 50%♀aa x 50%♂Aa ⇒ cặp gen này liên kết với NST giới tính và

Pt/c: X^AY x X^aX^a --> F1: ♂X^aY : ♀X^AX^a

Giới đực có cặp NST là XXX^aX^a  

- Xét tính trạng màu xét thân

Ở F1 và F2 tính trạng màu xét thân phân bố không đều ở hai giới

⇒ Gen quy định tính trạng màu sắc thân liên kết với NST thường (5)

Từ (3), (4), (5) suy ra: F1 x F1: ♂(X^AX^aBb, Dd) x ♀(X^aYBb, Dd)

Như vậy ta có thể xét hai trường hợp xảy ra về môi quan hệ giữa hai cặp gen Bb và Dd

- Xét trương hợp 1: nếu 3 cặp gen phân li độc lập

F1 x F1: ♂(X^AX^aBbDd) x ♀(X^aYBbDd)

+\({F_1}\,\,x\,\,{F_1}:{X^A}{X^a}\,Bb\,x\,\,{X^a}Y\,Bb\)  suy ra \({F_2}:3/8A - B - :1/8A - bb:3/8aaB - :1/8aabb\) 

Suy ra: K/H F2: 3/8 mắt đỏ : 5/8 mắt trắng

+\({F_1}\,x\,{F_1}:{\rm{Dd}}\,x\,{\rm{Dd}} \Rightarrow {{\rm{F}}_2}:3/4D - :1/4{\rm{dd}}\) 

Suy ra: KH F2: (3/8 mắt đỏ : 5/8 mắt trắng) : (3/8 thân xám : 1/4thân đen) = tỉ lệ kiểu hình giả thiết

Chọn trường hợp 1: 

Kiểu gen của các cá thể được mắt trắng, thân xám thu được ở thế hệ F2 

Kiểu gen thu gọn của những cá thể mắt trắng, thân xám là: \(aaB - D,\,A - bbD - ,{\rm{aa}}bbD - \) 

+ \({\rm{aa}}B - D: \Rightarrow \)♂mắt trắng, thân xám có kiểu gen:

\({X^a}{X^a}BB{\rm{DD}},\,\,{X^a}{X^a}BB{\rm{Dd}},\,{X^a}{X^a}Bb{\rm{Dd}},{X^a}{X^a}Bb{\rm{DD}}\) 

+ \(A - bbD - : \Rightarrow \) ♂mắt trắng, thân xám có kiểu gen: \({X^a}{X^a}{\rm{bbDD}},\,\,{X^a}{X^a}{\rm{bbDd}}\)

+ \({\rm{aa}}bbD - : \Rightarrow \) ♂mắt trắng, thân xám có kiểu gen: \({X^a}{X^a}{\rm{bbDD}},\,\,{X^a}{X^a}{\rm{bbDd}}\)

- Xét trường hợp Bb và Dd  cùng nằm trên 1 cặp NST 

- Vì giả thiết cho nếu xảy ra hoán vị thì tần số phải khác 50% nên F1 x F1 không thể là

\(\left( {\frac{{BD}}{{bd}}50\% \,\,hoặc\,\,\frac{{BD}}{{bD}}50\% } \right)\,\,\,x\,\,\left( {\frac{{BD}}{{bd}}50\% hoặc\,\,\frac{{Bd}}{{bD}}50\% } \right) \to \) kiểu hình F2 thỏa mãn giả thiết

- Cặp NST chứa hai cặp gen Bb và Dd của ♂ và ♀ F1 phải giống nhau nên F1 x F1 không thể là: \(\frac{{BD}}{{bd}}25\% \,\,\,x\,\frac{{Bd}}{{bD}} \to \) kiểu hình F2 thỏa mãn giả thiết

Nên ta loại trường hợp 2 

Vì vai trò của 2 alen A và B như nhau nên ta có 16 kiểu gen ♂ mắt trắng, thân xám và tồn tại 2 kiểu gen quy định cá thể cái F1 đem giao phối

Vậy chỉ có 3 kết luận đúng là (III), (IV), (V)