Cơ thể có kiểu gen AaBbDdEe tiến hành giảm phân bình thường hình thành 2⁴ = 16 loại giao tử.

Kẽm là nguyên tố vi lượng. (SGK Sinh 11 trang 21)

Các phương pháp có thể sử dụng để tạo ra dòng thuần chủng ở thực vật là: (1); (4).

(2) sai, dung hợp tế bào trần tạo ra tế bào mang bộ NST của 2 tế bào ban đầu.

(3) sai, lai giữa các dòng thuần khác nhau thu được các cá thể dị hợp.

Thể một có dạng 2n – 1 = 13

Trong cấu trúc siêu hiển vi của nhiễm sắc thể ở sinh vật nhân thực, sợi chất nhiễm sắc có đường kính là 30nm (SGK Sinh 12 trang 24)

Đột biến thay thế một cặp nuclêôtit cùng loại (A-T bằng T-A hoặc G-X bằng X-G).

Trong phép lai một cặp tính trạng của Menđen, để các alen của một cặp alen phân li đều về các giao tử thì cần có điều kiện quá trình giảm phân phải diễn ra bình thường.

Động vật nhai lại như trâu, bò, cừu, dê có dạ dày 4 ngăn.

Trong quá trình dịch mã, tARN đóng vai trò như “một người phiên dịch” (SGK Sinh 12 trang 11)

Về mặt di truyền học mỗi quần thể được đặc trưng bởi vốn gen của quần thể (tập hợp tất cả các alen của các gen có trong quần thể tại 1 thời điểm xác định).

Tính trạng do gen nằm trong tế bào chất quy định di truyền theo dòng mẹ (con cái có kiểu gen giống nhau và giống cá thể mẹ)

Giải chi tiết:

Lấy hạt phấn của những cây lá xanh đậm (♂) thụ phấn cho cây có lá xanh nhạt (♀) → F1 100% xanh nhạt.

Ở sinh vật nhân sơ, điều hòa hoạt động của gen diễn ra chủ yếu ở giai đoạn phiên mã (SGK Sinh 12 trang 15).

Bệnh máu khó đông do alen lặn nằm trên nhiễm sắc thể giới tính quy định.

PKU, bạch tạng là do gen lặn trên NST thường.

Ung thư máu do đột biến mất đoạn NST.

Ưu thế lai là hiện tượng con lai có năng suất, sức chống chịu, khả năng sinh trưởng và phát triển cao vượt trội so với các dạng bố mẹ.

Phát biểu sai về ưu thế lai là: B; con lai F₁ có ưu thế lai cao nhưng không được dùng làm giống vì ưu thế lai sẽ giảm dần ở các thế hệ sau.

Phát biểu đúng về NST giới tính là: C

A sai, NST giới tính mang các gen quy định giới tính và các gen quy định tính trạng thường.

B sai, NST giới tính có ở cả tế bào sinh dục và tế bào sinh dưỡng.

D sai, VD ở châu chấu, con đực là XO, ở gà con đực là XX

Cơ thể thuần chủng sẽ mang các alen giống nhau của mỗi gen.

Cơ thể thuần chủng là aaBBdd.

Phép lai thuận nghịch là đảo vai trò làm bố, mẹ của các kiểu gen trong phép lai đó. Phép lai trong đó lúc dùng dạng này làm bố, lúc lại dùng chính dạng ấy làm mẹ.

Các quy luật di truyền có thể phát hiện khi dùng phép lai thuận nghịch là: (2),(3),(4)

Phát biểu sai về tuần hoàn máu ở người bình thường là B vì máu trong tĩnh mạch phổi giàu oxi hơn máu trong động mạch phổi.

Phương pháp giải:

Cơ thể dị hợp về n cặp gen sẽ tạo ra 2n loại giao tử, khi lưỡng bội hóa thu được 2n dòng thuần.

Giải chi tiết:

Cơ thể AabbDdEeGg có 4 dòng thuần, khi nuôi cấy hạt phấn rồi lưỡng bội hóa thu được 24 = 16 dòng thuần.

AaBbDd × AaBbDD → (1AA:2Aa:1aa)(1BB:2Bb:1bb)(1DD:1Dd)

Số kiểu gen: 3 × 3 × 2 = 18

Số kiểu hình: 2 × 2 × 1 = 4

Áp dụng nguyên tắc bổ sung trong quá trình phiên mã: A-U; T-A; G-X; X-G

Trên mạch mã gốc là 3’AGX5’ thì trên mARN là 5’UXG3’.

Phát biểu đúng về cơ chế di truyền ở cấp độ phân tử là: D: Trên mỗi phân tử mARN có thể có nhiều ribôxôm cùng tham gia dịch mã tạo thành polixom

A sai, dịch mã không cần tới các nucleotit tự do

B sai, phiên mã không cần ADN pol mà cần ARN pol.

C sai, cả 2 mạch mới đều có đoạn được tổng hợp liên tục và bổ sung.

Mía và ngô là cây C₄; xương rồng là cây CAM

Phát biểu đúng là B

A sai, do điểm bù CO₂ của ngô, mía (cây C₄) thấp nên cường độ quang hợp sẽ cao hơn cây xương rồng (thực vật CAM)

C sai, ở cây mía và cây ngô có pha tối xảy ra ở tế bào thịt lá và tế bào bao bó mạch, còn pha tối của cây xương rồng xảy ra ở tế bào thịt lá (nhu mô).

D sai, ở cùng 1 cường độ ánh sáng thì cường độ quang hợp của các cây là khác nhau.

Quần thể có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa

Quần thể cân bằng di truyền thoả mãn công thức: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaWcaaWdaeaapeGaamyEaaWdaeaapeGaaGOmaaaacqGH9aqpdaGc % aaWdaeaapeGaamiEaiaac6cacaWG6baaleqaaaaa!3C09! \frac{y}{2} = \sqrt {x.z} \)

Quần thể đạt cân bằng di truyền là D

Chú ý: Ở chim XX là con trống; XY là con mái

3 tế bào giảm phân tạo ra 3 giao tử cái. Có thể xảy ra các trường hợp

+ Mỗi tế bào tạo 1 loại giao tử: 1 :1 :1

+ 2 tế bào tạo 1 loại giao tử, 1 tế bào còn lại tạo 1 giao tử khác: 2 :1 (đáp an C)

+ 3 tế bào tạo 1 loại giao tử: 1

Phương pháp giải:

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1; p,q là tần số alen

Bước 1: Tính tỉ lệ aa và bb

Bước 2: tính tỉ lệ A- và B-; AABB

Bước 3: Tính tỉ lệ AABB/A-B-

Giải chi tiết:

-Tỉ lệ cá thể mang kiểu hình trội về tính trạng do gen A quy định là:

A- = 1- aa = 1-0,2 × 0,2 = 0,96

-Tỉ lệ cá thể mang kiểu hình trội về tính trạng do gen B quy định là:

B- = 1 – bb = 1 – 0,3 × 0,3 = 0,91

→tỉ lệ cá thể mang kiểu hình trội cả 2 tính trạng là: 0,96 × 0,91 = 0,8736 = 87,36%

Tỉ lệ thuần chủng mang 2 tính trạng trội là: AABB = 0,8²  × 0,7² =0,3136

Theo lí thuyết, trong tổng số cá thể mang 2 tính trạng trội, tỉ lệ cá thể thuần chủng là: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaWcaaWdaeaapeGaaGimaiaacYcacaaIZaGaaGymaiaaiodacaaI % 2aaapaqaa8qacaaIWaGaaiilaiaaiIdacaaI3aGaaG4maiaaiAdaaa % Gaeyypa0JaaG4maiaaiwdacaGGSaGaaGimaiaaiMdacaGGLaaaaa!4482! \frac{{0,3136}}{{0,8736}} = 35,90\% \)

Phương pháp giải:

Bước 1: Xét riêng từng cặp gen, tính tỉ lệ kiểu gen thành phần.

Bước 2: Nhân các kiểu gen thành phần với nhau

Giải chi tiết:

Xét cặp Aa × Aa → 1AA:2Aa:1aa → Aa = 1/2.

Xét cặp Bb × bb

+ giới đực có 10% tế bào không phân li ở GP I tạo: 0,05Bb:0,05O

+ giới cái giảm phân bình thường tạo 1b

→ tỉ lệ kiểu gen: Bbb = 0,05

Xét cặp DD × Dd → 1DD:1Dd → Dd = 1/2.

Vậy tỉ lệ kiểu gen AaBbbDd \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qacqGH9aqpdaWcaaWdaeaapeGaaGymaaWdaeaapeGaaGOmaaaacqGH % xdaTcaaIWaGaaiilaiaaicdacaaI1aGaey41aq7aaSaaa8aabaWdbi % aaigdaa8aabaWdbiaaikdaaaGaeyypa0JaaGymaiaacYcacaaIYaGa % aGynaiaacwcaaaa!4649! = \frac{1}{2} \times 0,05 \times \frac{1}{2} = 1,25\% \)

F₁ đồng hình hoa đỏ → P thuần chủng.

A- hoa đỏ; a- hoa trắng.

P: AA × aa → F₁: Aa × Aa → F₂:1AA:2Aa:1aa

Cho các cây hoa đỏ ở F₂ giao phấn ngẫu nhiên: (1AA:2Aa)(1AA:2Aa)

Tỉ lệ hoa đỏ ở F₃ = 1 – tỉ lệ hoa trắng = \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qacaaIXaGaeyOeI0YaaSaaa8aabaWdbiaaikdaa8aabaWdbiaaioda % aaGaamyqaiaadggacqGHxdaTdaWcaaWdaeaapeGaaGOmaaWdaeaape % GaaG4maaaacaWGbbGaamyyaiabgEna0oaalaaapaqaa8qacaaIXaaa % paqaa8qacaaI0aaaaiabg2da9maalaaapaqaa8qacaaI4aaapaqaa8 % qacaaI5aaaaaaa!476F! 1 - \frac{2}{3}Aa \times \frac{2}{3}Aa \times \frac{1}{4} = \frac{8}{9}\)

Sử dụng sơ đồ hình chữ nhật: Cạnh và đường chéo của hình chữ nhật là giao tử lưỡng bội cần tìm.

Bước 1: Xác định tỉ lệ giao tử

Bước 2: Tính tỉ lệ kiểu hình hoa vàng.

Giải chi tiết:

Tỉ lệ giao tử:

\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qacaWGbbGaamyyaiaadggapaWaaSbaaSqaa8qacaaIXaaapaqabaGc % peGaamyya8aadaWgaaWcbaWdbiaaigdaa8aabeaak8qacqGHsgIRda % WcaaWdaeaapeGaaGOmaaWdaeaapeGaaGOnaaaacaWGbbGaamyya8aa % daWgaaWcbaWdbiaaigdaa8aabeaak8qacaGG6aWaaSaaa8aabaWdbi % aaikdaa8aabaWdbiaaiAdaaaGaamyyaiaadggapaWaaSbaaSqaa8qa % caaIXaaapaqabaGcpeGaaiOoamaalaaapaqaa8qacaaIXaaapaqaa8 % qacaaI2aaaaiaadgeacaWGHbGaaiOoamaalaaapaqaa8qacaaIXaaa % paqaa8qacaaI2aaaaiaadggapaWaaSbaaSqaa8qacaaIXaaapaqaba % GcpeGaamyya8aadaWgaaWcbaWdbiaaigdaa8aabeaaaaa!52C8! Aa{a_1}{a_1} \to \frac{2}{6}A{a_1}:\frac{2}{6}a{a_1}:\frac{1}{6}Aa:\frac{1}{6}{a_1}{a_1}\)

\(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qacaWGbbGaamyyaiaadggacaWGHbWdamaaBaaaleaapeGaaGymaaWd % aeqaaOWdbiabgkziUoaalaaapaqaa8qacaaIYaaapaqaa8qacaaI2a % aaaiaadgeacaWGHbGaaiOoamaalaaapaqaa8qacaaIYaaapaqaa8qa % caaI2aaaaiaadggacaWGHbWdamaaBaaaleaapeGaaGymaaWdaeqaaO % WdbiaacQdadaWcaaWdaeaapeGaaGymaaWdaeaapeGaaGOnaaaacaWG % bbGaamyya8aadaWgaaWcbaWdbiaaigdaa8aabeaak8qacaGG6aWaaS % aaa8aabaWdbiaaigdaa8aabaWdbiaaiAdaaaGaamyyaiaadggaaaa!4F55! Aaa{a_1} \to \frac{2}{6}Aa:\frac{2}{6}a{a_1}:\frac{1}{6}A{a_1}:\frac{1}{6}aa\)

Cây hoa vàng (a---) chiếm tỉ lệ: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaqadaWdaeaapeWaaSaaa8aabaWdbiaaikdaa8aabaWdbiaaiAda % aaGaamyyaiaadggapaWaaSbaaSqaa8qacaaIXaaapaqabaGcpeGaey % 4kaSYaaSaaa8aabaWdbiaaigdaa8aabaWdbiaaiAdaaaGaamyya8aa % daWgaaWcbaWdbiaaigdaa8aabeaak8qacaWGHbWdamaaBaaaleaape % GaaGymaaWdaeqaaaGcpeGaayjkaiaawMcaamaabmaapaqaa8qadaWc % aaWdaeaapeGaaGOmaaWdaeaapeGaaGOnaaaacaWGHbGaamyya8aada % WgaaWcbaWdbiaaigdaa8aabeaak8qacqGHRaWkdaWcaaWdaeaapeGa % aGymaaWdaeaapeGaaGOnaaaacaWGHbGaamyyaaGaayjkaiaawMcaai % abg2da9maalaaapaqaa8qacaaIXaaapaqaa8qacaaI0aaaaaaa!5106! \left( {\frac{2}{6}a{a_1} + \frac{1}{6}{a_1}{a_1}} \right)\left( {\frac{2}{6}a{a_1} + \frac{1}{6}aa} \right) = \frac{1}{4}\)

I sai, liên kết gen hoàn toàn chỉ hạn chế xuất hiện biến dị tổ hợp.

II sai, các gen càng nằm xa nhau thì tần số HVG càng lớn.

III đúng.

IV sai, số nhóm gen liên kết bằng số NST có trong bộ NST đơn bội của loài.

I đúng, nếu các gen này liên kết hoàn toàn, trong phép lai: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaWcaaWdaeaapeGaamyqaiaadkeaa8aabaWdbiaadggacaWGIbaa % aiabgEna0oaalaaapaqaa8qacaWGHbGaamOyaaWdaeaapeGaamyyai % aadkgaaaGaeyOKH4QaaGymamaalaaapaqaa8qacaWGbbGaamOqaaWd % aeaapeGaamyyaiaadkgaaaGaaiOoaiaaigdadaWcaaWdaeaapeGaam % yyaiaadkgaa8aabaWdbiaadggacaWGIbaaaaaa!4B6B! \frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{ab}}{{ab}} \to 1\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\)  có 2 loại kiểu hình.

II đúng, trong phép lai: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaWcaaWdaeaapeGaamyqaiaadkgaa8aabaWdbiaadggacaWGIbaa % aiabgEna0oaalaaapaqaa8qacaWGHbGaamOqaaWdaeaapeGaamyyai % aadkgaaaGaeyOKH4QaaGymamaalaaapaqaa8qacaWGbbGaamOyaaWd % aeaapeGaamyyaiaadkeaaaGaaiOoaiaaigdadaWcaaWdaeaapeGaam % yqaiaadkgaa8aabaWdbiaadggacaWGIbaaaiaacQdacaaIXaWaaSaa % a8aabaWdbiaadggacaWGcbaapaqaa8qacaWGHbGaamOyaaaacaGG6a % GaaGymamaalaaapaqaa8qacaWGHbGaamOyaaWdaeaapeGaamyyaiaa % dkgaaaaaaa!55ED! \frac{{Ab}}{{ab}} \times \frac{{aB}}{{ab}} \to 1\frac{{Ab}}{{aB}}:1\frac{{Ab}}{{ab}}:1\frac{{aB}}{{ab}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\) có 4 loại kiểu hình.

III đúng, nếu các gen cùng nằm trên 1 cặp NST, các kiểu gen quy định thân cao, hoa đỏ là: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaWcaaWdaeaapeGaamyqaiaadkeaa8aabaWdbiaadgeacaWGcbaa % aiaacUdadaWcaaWdaeaapeGaamyqaiaadkeaa8aabaWdbiaadgeaca % WGIbaaaiaacUdadaWcaaWdaeaapeGaamyqaiaadkeaa8aabaWdbiaa % dggacaWGcbaaaiaacUdadaWcaaWdaeaapeGaamyqaiaadkgaa8aaba % WdbiaadggacaWGcbaaaiaacUdadaWcaaWdaeaapeGaamyqaiaadkea % a8aabaWdbiaadggacaWGIbaaaaaa!4AD7! \frac{{AB}}{{AB}};\frac{{AB}}{{Ab}};\frac{{AB}}{{aB}};\frac{{Ab}}{{aB}};\frac{{AB}}{{ab}}\)

IV sai, cho cây cao trắng tự thụ tạo ra tối đa 2 loại kiểu hình là: cao, trắng và thấp trắng.

Ta thấy người bị bệnh có 3 NST số 21 (NST thường) → đây là người mắc hội chứng Đao.

Xét các phát biểu

(1) sai, có thể xảy ra ở cả nam và nữ vì đây là đột biến số lượng NST thường.

(2) sai, không thể chữa lành.

(3) đúng, có thể sinh thiết tua nhau thai rồi quan sát, phân tích bộ NST.

(4) sai, nguyên nhân là do sự giảm phân không bình thường ở bố hoặc mẹ tạo giao tử n+1.

Phương pháp giải:

Áp dụng công thức Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2

Giải chi tiết:

Quy ước gen: A-B- Thân cao, aaB-/A-bb/aabb thân thấp; D- hoa đỏ; d– hoa vàng

Nếu các gen PLĐL thì F₂ phải phân ly (9:7)(3:1) ≠ đề bài → 3 cặp gen nằm trên 2 cặp NST, giả sử cặp gen Aa và Dd cùng nằm trên 1 cặp NST tương đồng

Tỷ lệ thân cao hoa đỏ: A-B-D- = 0,405 →A-D- =0,405 ÷ 0,75 =0,54 → aadd = 0,04  → ad là giao tử hoán vị → f= 40%

P:  \(\frac{{Ad}}{{aD}}Bb \times \frac{{Ad}}{{aD}}Bb;f = 40\% \)

Xét các phát biểu:

I đúng

II đúng

III đúng, quả nhỏ, màu đỏ: \(\left( {\frac{{Ad}}{{Ad}}:\frac{{Ad}}{{a{\rm{d}}}}} \right)\left( {BB:Bb} \right)\)

IV sai, cây quả to màu đỏ thuần chủng là: \(\frac{{AD}}{{AD}}BB = 0,4 \times 0,4 \times 0,25 = 0,04\)

Xác suất cần tính là: 0,04/0,405 = 8/81

Phương pháp giải:

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1

Giải chi tiết:

Bố mẹ bình thường sinh con gái bị bệnh → đây là bệnh do gen lặn trên NST thường quy định.

A- bình thường; a- bị bệnh

(1) đúng

(2) sai, cá thể III.15 bị bệnh sẽ có kiểu gen aa

Người đàn ông tới từ quần thể người có 4% bị bệnh → tần số alen a = 0,2; A=0,8

Quần thể này có cấu trúc di truyền: 0,64AA:0,32Aa:0,04aa (quần thể này cân bằng di truyền)

Người chồng của người III.15 có thể có kiểu gen 0,64AA:0,32Aa ↔2AA:1Aa

Cặp vợ chồng III.15: (2AA:1Aa) × aa

Xác suất sinh con đầu lòng bị bệnh là: \(\frac{1}{3}Aa \times 1aa \times \frac{1}{4} = \frac{1}{{12}}\)

(3) Đúng.

Những người bình thường có con, bố, mẹ bị bệnh thì đều có kiểu gen Aa: 1,2,3,4,10,11

Những người bị bệnh có kiểu gen aa: 6,9,15

Những người còn lại có thể có kiểu gen AA hoặc Aa: 5,7,8,12,13,14

(4) đúng,

Bên người III.13

+ Người 7,8 đều có anh,em ruột bị bệnh hay bố mẹ của họ có kiểu gen Aa → họ có kiểu gen: 1AA:2Aa

+ Cặp vợ chồng 7 – 8: (1AA:2Aa)(1AA:2Aa) ↔(2A:1a)(2A:1a) →4AA:4Aa:1aa

→ người III.13 bình thường: 4AA:4Aa ↔1AA:1Aa

Bên người III.14 có em gái (III.15) bị bệnh nên bố mẹ họ có kiểu gen Aa → III.14 kiểu gen: 1AA:2Aa

Xét cặp vợ chồng: III.13 – III.14: (1AA:1Aa) × (1AA:2Aa)

Để họ sinh được con có kiểu gen dị hợp thì họ không thể có kiểu gen AA × AA

Còn ở mỗi kiểu gen còn lại của P đều tạo ra đời con có 1/2 dị hợp.

Xác suất sinh hai đứa con đều có kiểu gen dị hợp tử là: \(\left( {1 - \frac{1}{2}AA \times \frac{1}{3}AA} \right){\left( {\frac{1}{2}Aa} \right)^2} = \frac{5}{{24}}\)

Phương pháp giải:

- Một phân tử ADN nhân đôi x lần tạo ra:

+  2^x phân tử ADN con

+ 2^x – 2 phân tử ADN chỉ có mạch mới

+ Môi trường cung cấp nguyên liệu tương ứng 2^x – 1 phân tử ADN.

CT liên hệ giữa chiều dài và tổng số nucleotit \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qacaWGmbGaeyypa0ZaaSaaa8aabaWdbiaad6eaa8aabaWdbiaaikda % aaGaey41aqRaaG4maiaacYcacaaI0aaaaa!3E09! L = \frac{N}{2} \times 3,4\) (Å); 1nm = 10 Å, 1μm = 10⁴ Å

Số nucleotit môi trường cung cấp cho quá trình nhân đôi n lần: N_mt = N×(2ⁿ – 1)

Giải chi tiết:

Gen ban đầu có tổng số nucleotit là: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qacaWGobGaeyypa0ZaaSaaa8aabaWdbiaadYeacqGHxdaTcaaIYaaa % paqaa8qacaaIZaGaaiilaiaaisdaaaGaeyypa0ZaaSaaa8aabaWdbi % aaiwdacaaIXaGaaGimaiaaicdacqGHxdaTcaaIYaaapaqaa8qacaaI % ZaGaaiilaiaaisdaaaGaeyypa0JaaG4maiaaicdacaaIWaGaaGimaa % aa!4B3A! N = \frac{{L \times 2}}{{3,4}} = \frac{{5100 \times 2}}{{3,4}} = 3000\)

Số nucleotit từng loại của gen được tìm ra bằng giải hệ phương trình: \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaGabaWdaeaafaqaaeGabaaabaWdbiaaikdacaWGbbGaey4kaSIa % aGOmaiaadEeacqGH9aqpcaaIZaGaaGimaiaaicdacaaIWaaapaqaa8 % qacaWGbbGaai4laiaadEeacqGH9aqpcaaIYaGaai4laiaaiodaaaaa % caGL7baacqGHsgIRdaGabaWdaeaafaqaaeGabaaabaWdbiaadgeacq % GH9aqpcaWGubGaeyypa0JaaGOnaiaaicdacaaIWaaapaqaa8qacaWG % hbGaeyypa0Jaamiwaiabg2da9iaaiMdacaaIWaGaaGimaaaaaiaawU % haaaaa!53E7! \left\{ {\begin{array}{*{20}{l}} {2A + 2G = 3000}\\ {A/G = 2/3} \end{array}} \right. \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{l}} {A = T = 600}\\ {G = X = 900} \end{array}} \right.\)

Có 112 mạch N¹⁴ → Có 112 gen có mạch N¹⁴ và N¹⁵

Có 144 gen chỉ chứa N¹⁵

Vậy tổng số gen là 256 =2⁸ → gen ban đầu đã nhân đôi 8 lần: 3 lần trong môi trường N¹⁵ và 5 lần trong môi trường N¹⁴.

Xét các phát biểu

I đúng.

II sai.

Gen ban đầu nhân đôi 3 lần trong môi trường N¹⁵ tạo 2³ = 8 gen con, 8 gen này nhân đôi 5 lần trong môi trường N¹⁴ cần môi trường cung cấp số nucleotit loại A: A_mt = A×8×(2⁵ – 1)= 600×8×(2⁵ – 1)=148800 nucleotit.

III sai.

IV đúng, số mạch N¹⁵ = 112 + 144 × 2 =400.

Phương pháp giải:

Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2

Ở ruồi giấm, con đực không có HVG

Giải chi tiết:

\(\frac{{Ab}}{{ab}}{X^D}Y \times \frac{{AB}}{{ab}}{X^D}{X^d} \to \frac{{ab}}{{ab}}{X^D} - = 0,15 \to \frac{{ab}}{{ab}} = \frac{{0,15}}{{0,75}} = 0,2 = 0,5ab \times 0,4ab\)

Vậy ruồi cái cho ab là giao tử liên kết \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaaeaaaaaaaaa8 % qadaWcaaWdaeaapeGaaGymaiabgkHiTiaadAgaa8aabaWdbiaaikda % aaGaeyypa0JaaGimaiaacYcacaaI0aGaeyOKH4QaamOzaiabg2da9i % aaikdacaaIWaGaaiyjaaaa!42DB! \frac{{1 - f}}{2} = 0,4 \to f = 20\% \) → II đúng, III sai.

\(\frac{{Ab}}{{ab}}{X^D}Y \times \frac{{AB}}{{ab}}{X^D}{X^d};f = 20\% \)

\(\to GT:\left( {0,5\underline {Ab} :0,5\underline {ab} } \right)\left( {0,5{X^D}:0,5Y} \right) \times \left( {0,4\underline {AB} :0,4\underline {ab} :0,1\underline {Ab} :0,1\underline {aB} } \right)\left( {0,5{X^D}:0,5{X^d}} \right)\)

I đúng, tỉ lệ ruồi đực, thân xám, cánh dài, mắt đỏ: A-B-X^DY = (0,4AB × 1 + 0,5Ab × 0,1aB) ×0,25X^DY =11,25%

IV đúng, ở F₁ ruồi thân xám, cánh cụt, mắt trắng chiếm: A-bbX^dY = (0,5Ab × 0,4ab + 1(0,5Ab:0,5ab) × 0,1Ab) × 0,25X^dY = 7,5%.

Khi gen không đột biến

- Alen A: 3’...TAX TTX AAA XXG XXX...5’

mARN:    5’…AUG AAG UUU GGX GGG …3’

Polipeptit:      Met – Lys – Phe – Gly – Gly

Ta thấy các điểm khác biệt giữa trình tự ban đầu và 3 alen đột biến:

- Alen A: 3’...TAX TTX AAA XXG XXX...5’

- Alen A_l: 3’... TAX TTX AAA XXA XXX...5’.

- Alen A₂: 3’...TAX ATX AAA XXG XXX...5’.

- Alen A₃: 3’...TAX TTX AAA TXG XXX...5’.

I đúng, triplet XXA → codon: GGU mã hóa cho Gly nên chuỗi pôlipeptit do alen A₁ mã hóa không thay đổi so với chuỗi pôlipeptit do gen ban đầu mã hóa.

(triplet là bộ ba trên gen; codon là bộ ba trên mARN)

II sai, do  đây là đột biến thay thế 1 cặp nucleotit nên chỉ làm thay đổi codon mang đột biến.

III đúng, triplet ATX → codon: UAG mang tín hiệu kết thúc → chuỗi polipeptit sẽ ngắn hơn chuỗi polipeptit của gen ban đầu.

IV đúng, thay thế X-G thành T-A ở vị trí số 10.

- Alen A₃: 3’...TAX TTX AAA TXG XXX...5’.

Phương pháp giải:

Quần thể tự thụ phấn có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa  sau  n thế hệ tự thụ phấn có  cấu trúc di truyền

\[x+\frac{y(1-1/{{2}^{n}})}{2}AA:\frac{y}{{{2}^{n}}}Aa:z+\frac{y(1-1/{{2}^{n}})}{2}aa\]

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1

Quần thể có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa

Tần số alen \[{{p}_{A}}=x+\frac{y}{2}\to {{q}_{a}}=1-{{p}_{A}}\]

Giải chi tiết:

Quần thể có cấu trúc: 0,5AA : 0,4Aa : 0,1aa

Tần số alen của quần thể là: \({{p}_{A}}=0,5+\frac{0,4}{2}=0,7\to {{q}_{a}}=1-{{p}_{A}}=0,3\)

I sai, nếu quần thể giao phấn ngẫu nhiên thì sẽ đạt cân bằng di truyền, cấu trúc di truyền của quần thể là: 0,49AA + 0,42Aa + 0,09aa = 1

II đúng, nếu cho tất cả cây hoa đỏ giao phấn ngẫu nhiên: 0,5AA : 0,4Aa ↔ \(\frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa\)

\(\left( \frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa \right)\left( \frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa \right)\to aa=\frac{4}{9}\times \frac{4}{9}\times \frac{1}{4}=\frac{4}{81}\to A-=1-\frac{4}{81}=\frac{77}{81}\)

III đúng, nếu cho tất cả cây hoa đỏ giao phấn ngẫu nhiên: 0,5AA : 0,4Aa ↔ \(\frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa\)

Các cây này tự thụ, cây hoa trắng sinh ra từ sự tự thụ của cây Aa: \(\frac{4}{9}\times \frac{1}{4}aa=\frac{1}{9}\)

IV đúng, nếu quần thể có cấu trúc: 0,5AA : 0,4Aa : 0,1aa tự thụ phấn, thành phần kiểu gen ở F₁

\(0,5+\frac{0,4\left( 1-1/2 \right)}{2}AA:\frac{0,4}{2}Aa:0,1+\frac{0,4\left( 1-1/2 \right)}{2}aa\leftrightarrow 0,6AA:0,2Aa:0,2aa\)

Phương pháp giải:

Bước 1: Xác định quy luật di truyền, quy ước gen

Bước 2: tìm kiểu gen của cá thể gà mái lai với gà trống F₁

Bước 3: tính tần số HVG = tổng tỉ lệ kiểu hình khác P

Giải chi tiết:

F₁ toàn gà lông dài, màu đen nên hai tính trạng này là trội hoàn toàn.

Quy ước: A- lông dài; a- lông ngắn; B- lông đen; b – lông trắng.

Xét sự phân li của từng tính trạng Chiều dài lông : 3 lông dài : 1 lông ngắn →Aa × Aa

 Tỉ lệ phân li kiểu hình không đều ở hai giới , gen lặn biểu hiện nhiều ở gà mái →gen lặn nằm trên NST X.

Màu sắc lông : 3 lông đen : 1 lông ngắn →Bb × Bb

Tỉ lệ phân li kiểu hình không đều ở hai giới , gen lặn biểu hiện nhiều ở gà mái →gen lặn nằm trên NST X

Hai gen liên kết với nhau cùng nằm trên NST giới tính X

Ta có

 Gà trống lông dài màu đen 100% →nhận X^AB từ gà mái nên gà mái có kiểu gen X^ABY

Gà mái có kiểu gen : \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaGaaGimaiaacY % cacaaI0aGaamiwamaaCaaaleqabaGaamyqaiaadkeaaaGccaWGzbGa % ai4oaiaaykW7caaMc8UaaGPaVlaaicdacaGGSaGaaGinaiaadIfada % ahaaWcbeqaaiaadggacaWGIbaaaOGaamywaiaacUdacaaMc8UaaGPa % VlaaykW7caaIWaGaaiilaiaaigdacaWGybWaaWbaaSqabeaacaWGbb % GaamOyaaaakiaadMfacaGG7aGaaGPaVlaaykW7caaMc8UaaGimaiaa % cYcacaaIXaGaamiwamaaCaaaleqabaGaamyyaiaadkeaaaGccaWGzb % aaaa!5D29! 0,4{X^{AB}}Y;\,\,\,0,4{X^{ab}}Y;\,\,\,0,1{X^{Ab}}Y;\,\,\,0,1{X^{aB}}Y\)

Tần số hoán vị gen của gà trống F₁ là : 0,1 + 0,1 = 0,2 (lông dài, màu trắng : lông ngắn, màu đen là 2 kiểu hình khác P)

Phương pháp giải:

Công thức tính tỷ lệ kiểu gen có a alen trội \(\frac{C_{n}^{a}}{{{2}^{n}}}\) trong đó n là số cặp gen dị hợp của bố mẹ

Giải chi tiết:

Giả sử 3 cặp gen đó là Aa, Bb, Dd

Khi cho cây cao nhất lai với cây thấp nhất: AABBDD × aabbdd → F₁: AaBbDd

F₁ tự thụ: AaBbDd × AaBbDd → F₂

Xét các phát biểu

I đúng, cây cao 170cm mang số alen trội là: \(\frac{170-150}{5}=4\)

Tỉ lệ kiểu hình cao 170cm là: \(\frac{C_{6}^{4}}{{{2}^{6}}}=\frac{15}{64}\)

II đúng, số kiểu hình ứng với số alen trội có thể có từ 0 → 6.

III đúng, cây cao 165cm có \(\frac{165-150}{5}=3\) alen trội mà \(C_{6}^{3}>C_{6}^{2}=C_{6}^{4}>C_{6}^{1}=C_{6}^{5}>C_{6}^{10}\) nên tỉ lệ cây cao 165cm là lớn nhất (thay vào công thức ở phần phương pháp)

IV sai, cây cao 175cm có \(\frac{175-150}{5}=5\) alen trội, cây cao 155cm có \(\frac{155-150}{5}=1\) alen trội, mà \(C_{6}^{5}=C_{6}^{1}\) nên tỉ lệ 2 loại kiểu hình này bằng nhau.