Tế bào khí khổng (tế bào hạt đậu) làm nhiệm vụ điều tiết đóng mở khí khổng nên sẽ điều tiết quá trình thoát hơi nước.

Trâu tiêu hóa được xenlulôzơ có trong thức ăn là nhờ enzim của vi sinh vật cộng sinh trong dạ cỏ.

A sai. Vì các chất hữu cơ trong thức ăn được phân giải thành các chất đơn giản mà cơ thể hấp thụ được; bên cạnh các chất hữu cơ trong thức ăn còn có các chất khoáng cơ thể cũng hấp thụ được nhờ quá trình tiêu hóa.
B sai. Vì các chất hữu cơ trong thức ăn được phân giải thành các chất đơn giản.
C sai. Vì quá trình tiêu hóa chưa hình thành ATP.

Trong quá trình phiên mã, phân tử mARN được tổng hợp theo chiều 5’ → 3’.

A. Hội chứng Tơcno: chỉ xuất hiện ở nữ giới.
B. Hội chứng AIDS: xuất hiện ở cả nam và nữ.
C. Hội chứng Đao: xuất hiện ở cả nam và nữ.
D. Hội chứng Claiphento: xuất hiện ở nam giới.

A sai. Vì ADN chỉ có khả năng tái bản; mang thông tin di truyền để tổng hợp các loại protein; trên ADN chứa nhiều gen, mỗi gen nằm ở 1 vị trí xác định trên ADN.
B đúng. Vì tARN tham gia vận chuyển axit amin trong quá trình dịch mã tổng hợp pôlipeptit. Một đầu của phân tử tARN chứa bộ ba đối mã khớp bổ sung với bộ ba mã sao trên mARN, một đầu liên kết với axit
amin. Vì vậy thông qua tARN, mỗi bộ ba trên mARN được dịch thành 1 aa trên chuỗi pôlipeptit.
C sai.
D sai. Vì mARN là khuôn để tổng hợp polypeptit, các côđon trên mARN quy định acid amin tương ứng trên chuỗi polypeptit (trừ codon kết thúc)

Một nucleoxome gồm một đoạn ADN dài 146 cặp nucleotit quấn 1(3/4) vòng quanh 1 khối cầu gồm 8 phân tử prôtêin loại histon.

Kiểu gen A, D là thuần chủng, kiểu gen C dị hợp 1 cặp gen

Thế hệ lai thu được tỉ lệ 1 đỏ : 1 trắng = 2 tổ hợp = 2.1 → 1 bên P cho 2 loại giao tử, 1 bên P cho 1 loại giao tử.
Cây hoa trắng sinh ra chiếm tỉ lệ 1/2aa = 1/2a × 1a
→ Cả bố và mẹ đều cho giao tử a. Vậy chỉ có đáp án C thỏa mãn.

Vì khoảng cách giữa A và B bằng 20cM thì tần số hoán vị = 20%.

F1 có tỉ lệ : 9 đỏ : 6 nâu : 1 trắng = 16 tổ hợp = 4.4 → Tương tác gen
→ P phải dị hợp về 2 cặp gen : AaBb
F1: 9 A-B- : Đỏ; 3 A-bb + 3 aaB- : Nâu ; 1 aabb : Trắng
→ Sự tương tác của 2 alen trội A, B trong KG quy định KH hạt đỏ
Sự tương tác của 1 alen trội A hoặc B với 1 alen lặn quy định KH hạt nâu
Sự tương tác của các alen lặn với nhau quy định KH hạt trắng
→ Tác dộng bổ trợ

sự mềm dẻo kiểu hình của hoa cẩm tú cầu phụ thuộc vào pH của đất

Đối tượng chủ yếu được Moocgan sử dụng trong nghiên cứu di truyền để phát hiện ra quy luật di truyền liên kết gen, hoán vi gen và di truyền liên kết giới tính đo là ruồi giấm.
Nhắc tới đậu Hà Lan → Menden, ruồi giấm → Moocgan

Tần số alen A: 0,5 + 0,4/2 = 0,7 => Tần số alen a: 1 – 0,7 = 0,3.
F4 : AA = 0,7² = 0,49; aa = 0,32 = 0,09; Aa = 1 – 0,49 – 0,09 = 0,42

Insulin từ huyết thanh của ngựa là đã lấy trực tiếp huyết thanh của ngựa sau đó tách chiết lấy ínulin chứ không qua bước can thiệp đến gen

- A đúng vì, đối với quần thể có kích thước nhỏ thì yếu tố ngẫu nhiên dễ làm biến đổi tần số alen của quần thể và ngược lại.
- B sai vì yếu tố ngẫu nhiên làm giảm sự đa dạng di truyền của quần thể sinh vật.
- C sai vì yếu tố ngẫu nhiên làm thay đổi tần số alen và thành phần kiểu gen một cách vô hướng.
- D sai vì yếu tố ngẫu nhiên đào thải cả alen có lợi và alen có hại của quần thể.

- A, B, C là những phương án đúng.
- D sai vì đến kỉ Đệ tứ mới xuất hiện loài người, kỉ Đệ tam mới xuất hiện các loài linh trưởng.

Theo quan niệm hiện đại, thực chất của tiến hoá nhỏ là quá trình làm biến đổi cấu trúc di truyền của quần thể

- A đúng do kích thước quần thể tối đa là số lượng cá thể nhiều nhất mà quần thể có thể đạt được
- B sai do kích thước tối thiểu của các quần thể là khác nhau
- C đúng do tùy thuộc vào khả năng cung cấp nguồn sống của môi trường và loài sinh vật mà có kích thước tối đa khác nhau
- D đúng vì dưới mức tối thiểu của quần thể thì các cá thể giảm hiệu quả nhóm, giảm cơ hội bắt cặp trong sinh sản. Vì vậy quần thể có thể bị tuyệt diệt

Sinh vật sản xuất có lối sống tự dưỡng → loại A, B, D

Sinh vật tiêu thụ bậc 1 là sinh vật ăn sinh vật sản xuất: sâu ăn hạt ngô, châu chấu ăn lá ngô.
Sinh vậy tiêu thụ bậc 2 là sinh vật ăn sinh vật tiêu thụ bậc 1: chim chích và ếch xanh.

- A đúng, qua mỗi bậc dinh dưỡng thì năng lượng lại bị thất thoát dần do hô hấp, bài tiết…
- B đúng, vì bắt đầu từ sinh vật sản xuất có bậc dinh dưỡng bậc 1, tiếp theo là các bậc cao hơn.
- C sai vì, càng lên bậc sinh dưỡng cao hơn thì năng lượng càng giảm dần do thất thoát bởi các quá trình
trao đổi chất của cơ thể.
- D đúng.

Hạt nảy mầm sẽ xảy ra quá trình hô hấp mạnh, tiêu hao O₂ và thải ra CO₂. CO₂ đã được vôi xút hấp thụ tạo thành canxi cacbonat. Do đó hạt nảy mầm hút O₂ làm giảm thể tích khí trong ống, do đó làm giọt nước màu chuyển trái.

Quá trình hô hấp sinh nhiệt do đó làm nhiệt độ trong ống chứa hạt nảy mầm tăng lên.

* Các nhân tố đối với sự duy trì ổn định pH máu gồm:
- Hệ đệm cacbonat do phổi và thận điều chỉnh.
Nồng độ CO₂ được điều chỉnh bởi phổi.
Nồng độ bicacbonat được thận điều chỉnh.
- Hệ đệm photphat: có vai trò quan trọng trong dịch ống thận
- Hệ đệm proteinat: là 1 hệ đệm mạnh của cơ thể chiếm ¾ toàn bộ hệ đệm trong dịch cơ thể.
* Hoạt động co cơ sẽ tăng hô hấp nội bào cho nên sẽ làm tăng lượng trong máu, do CO₂ đó làm giảm độ pH máu.

Lục lạp, perôxixôm, ti thể là thứ tự xảy ra hô hấp sáng.

Nhìn vào bảng cấu trúc di truyền từ thế hệ thứ 2 sang thế hệ thứ 3 ta thấy cấu trúc di truyền của quần thể thay đổi một cách đột ngột qua các thế hệ → quần thể chịu tác động của các yếu tố ngẫu nhiên

- A sai, vì quá trình dịch mã của cả sinh vật nhân sơ và sinh vật nhân thực đều có sự tham gia của ribôxôm.
- B sai vì, ở sinh vật nhân thực quá trình dịch mã diễn ra trong tế bào chất.
- C đúng, ở sinh vật nhân thực, quá trình nhân đôi ADN xảy ra ở cả trong nhân và ngoài tế bào chất.

- D sai, vì gen phân mảnh thì quá trình phiên mã diễn ra cả ở những đoạn mã hóa (êxôn) và những đoạn không mã hóa (intron).

Khi thoi vô sắc không hình thành sẽ làm cho NST nhân đôi 2n thành 4n nhưng không phân li => vậy thể đột biến tạo ra là 4n = 40

Hiệu suất sinh thái của bậc dinh dưỡng cấp 2 so với bậc dinh dưỡng cấp 1 là \(H = \frac{{C2}}{{C1}}x100 = \frac{{1,{{2.10}^4}}}{{2,{{1.10}^6}}}x100 = 0,57\% \)

- Hiệu suất sinh thái của bậc dinh dưỡng cấp 4 so với bậc dinh dưỡng cấp 3 là \(H = \frac{{C3}}{{C2}}x100 = \frac{{1,{{1.10}^2}}}{{1,{{2.10}^4}}}x100 = 0,92\% \)

\(\begin{array}{l} \left\{ \begin{array}{l} A1 + G1 = 50\% \\ A2 + X2 = 60\% \\ X2 + G2 = 70\% \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} T2 + X2 = 50\% \\ A2 + X2 = 60\% \\ X2 + G2 = 70\% \end{array} \right.\\ \to (T2 + A2 + X2 + G2) + 2X2 = 50\% + 60\% + 70\% = 180\% \\ \to 2X2 = 180\% - 100\% = 80\% \\ \to X2 = 40\% \end{array}\)

P: AaBbDd x AaBbDd
Xác suất sinh một người con có bốn alen trội là: \(\frac{{C_6^4}}{{{2^3}x{2^3}}} = \frac{{15}}{{64}}\)

A: đỏ >> a: trắng
Khi cho con cái mắt đỏ lai với con đực mắt đỏ, đời F1 thu được cả mắt đỏ và mắt trắng (100% mắt trắng là con đực) => ở thế hệ (P), con cái đỏ mang mang kiểu gen dị hợp (X^AX^a) => ta có sơ đồ lai:
P: X^AX^a          x             X^AY
G: 1X^A; 1 X^a                1X^A; 1Y
F1: 1X^AX^A : 1X^AX^a : 1X^AY : 1X^aY
Khi cho những con cái F1 (1X^AX^A : 1X^AX^a) lai với con đực mắt trắng (X^aY), ta có sơ đồ lai:
P’: (1X^AX^A : 1X^AX^a) x X^aY
G’: 3X^A; 1 X^a              1X^a; 1Y
F1’: 3X^AX^a : 3X^AY : 1X^aX^a : 1X^aY
Tỉ lệ phân li kiểu hình của đời con trong phép lai này là: 3 mắt đỏ : 1 mắt trắng.

Theo bài thì kiểu gen đồng hợp tử lặn về cả 2 cặp gen \(\frac{{ab}}{{ab}}\) = 4%
Có các trường hợp xảy ra như sau
20%ab x 20%ab => Hoán vị gen xảy ra ở cả 2 giới với tần số bằng nhau (f = 40%)
8%ab x 50%ab => Hoán vị gen xảy ra ở một giới với tần số f = 8.2 = 16% => B sai.
40%ab x10%ab => Hoán vị gen đã xảy ra ở cả bố và mẹ với tần số 20%.

Ta thấy hai phép lai thuận và lai nghịch có kiểu hình khác nhau, đời con có kiểu hình hoàn toàn giống mẹ.
Quy luật di truyền chi phối màu sắc hoa là: di truyền ngoài nhân
Nếu lấy hạt phấn cây F1 ( phép lai thuận - hoa trắng) → thụ phấn cho F1( phép lai nghịch -hoa đỏ) → kiểu hình sẽ là 100% giống mẹ- kiểu hình hoa đỏ

Tật dính ngón tay 2 và 3 dạng đột biến gen nằm trên NST giới tính Y, chỉ gặp ở nam.
Vậy người con trai đã nhận gen gây tật dính ngón tay từ bố.

Theo bài ra ta có
F1 : AaBb.
Sau khi xử lí bằng Côsixin thì có F1 kiểu gen là: 36%AAaaBBbb và 64%AaBb.  

Tỉ lệ giao tử lưỡng bội có 1 alen trội là: (1/6x1/6x2 + 4/6x4/6)x36% + 1/4x64% = 34%

A: xoăn >> a: thẳng
Gọi p và q lần lượt là tần số alen A và a của quần thể; gọi x là số cá thể mang kiểu gen dị hợp của quần thể ở thế hệ xuất phát, theo bài ra, ta có:

P : (600 x)AA: x Aa:400aa = 1

Khi quần thể tiến hành giao phối ngẫu nhiên, quần thể đạt trạng thái cân bằng di truyền và có thành phần kiểu gen là: p² AA + 2pq Aa + q² aa = 1, mặt khác, đời F1 có tỉ lệ cá thể lông thẳng (aa) bằng 90% tỉ lệ cá thể lông thẳng ở thế hệ xuất phát

0,9 + 400/(400+600) = q² => q = 0,6; p = 1 - 0,6 = 0,4 => x = 400

tỉ lệ cá thể lông xoăn có kiểu gen thuần chủng ở thế hệ xuất phát là: AA = A- - Aa = 600 – 400 = 200 = 200/1000 = 0,2 = 20%.

Khi cho cây hoa đỏ, thân cao dị hợp về cả ba cặp gen tự thụ phấn, F1 thu được 4 kiểu hình, trong đó cây hoa đỏ, thân thấp chiếm tỉ lệ 9,5625%
→ tỉ lệ cây hoa đỏ, thân thấp khác với trường hợp các gen phân li độc lập (3/4.3/4.1/4=14,0625%) và liên kết gen hoàn toàn (1/4.3/4=18,75%)
→một trong hai cặp alen quy định màu hoa thuộc cùng nhóm gen liên kết với cặp alen quy định chiều cao cây và đã xảy ra hiện tượng hoán vị gen giữa các alen này

Giả sử hai cặp alen A, a và D, d thuộc cùng nhóm gen liên kết:
\(\begin{array}{l} \% \frac{{Ad}}{{ - d}}B - = 9,5625\% \to \% \frac{{Ad}}{{ - d}} = 12,75\% \\ \% \frac{{ad}}{{ad}} = 25\% - 12,75\% = 12,25\% = {(35\% )^2} \end{array}\)

=> mỗi bên bố mẹ cho giao tử với tỉ lệ 35% (>25%)

kiểu gen của (P) là \(\frac{{AD}}{{ad}}Bb\) hoán vị gen đã xảy ra với tần số: 100% - (35%.2) = 30%, tương tự với trường hợp hai cặp alen A, b và D, d thuộc cùng nhóm gen liên kết

- Tỉ lệ giao tử đực bình thường: 100% -15% = 85%
- Tỉ lệ giao tử cái bình thường: 100% - (10% + 20%) = 70%
- Tỉ lệ hợp tử bình thường: 85% x 70% = 59,5%
- Hợp tử đột biến chiếm tỉ lệ: 100% - 59,5% = 40,5%

- Về bệnh bạch tạng:

(13) là con gái có kiểu hình bình thường và có mẹ (8) bị bạch tạng => 13 có kiểu gen Aa; Aa => 10 có kiểu gen AA hoặc Aa với xác suất: 1/3AA: 2/3Aa => 14 kiểu gen AA hoặc Aa với xác suất: 2/5AA : 3/5Aa

khi 13 (Aa) kết hôn với 14 (2/5AA : 3/5Aa), xác suất để 16 có kiểu hình bình thường (A-) là: 1- 100%x3/5x1/4 = 17/20 
- Về khả năng nhìn màu:

13 có anh (em trai) bị mù màu (mang kiểu gen X^bY), bố bình thường (mang kiểu gen X^BY) và mẹ bình thường => mẹ của 13 mang kiểu gen X^BX^b => 13 mang kiểu gen X^BX^B hoặc X^BX^b với xác suất: 50% : 50%; 14 có kiểu hình bình thường nên có kiểu gen là X^BY => khi 13 (1/2 X^BX^B : 1/2 X^BX^b) kết hôn với 14 (X^BY), vì đã biết 16 là nam giới nên xác suất để 16 có kiểu hình bình thường (mang kiểu gen X^BY) là 3/4.
Vậy xác suất để 16 mang kiểu hình bình thường về cả hai tính trạng là: 17/20 x 3/4 = 51/80