Moocgan phát hiện ra các quy luật di truyền liên kết gen khi nghiên cứu ruồi giấm.

Chọn A

Ở sinh vật nhân thực, quá trình dịch mã xảy ra ở tế bào chất.

Chọn A

Cá mập là loài hô hấp bằng mang

Giun đất hô hấp qua da

Thỏ và thằn lằn hô hấp bằng phổi.

Chọn B

Ở người thức ăn vào miệng rồi lần lượt qua các bộ phận: Miệng → Thực quản → Dạ dày → Ruột non → Ruột già.

Chọn A

Mỗi gen mã hoá prôtêin điển hình gồm các vùng theo trình tự là vùng điều hoà, vùng mã hoá, vùng kết thúc.

Chọn C

Cây cao nhất có chiều cao 100cm

Cây cao nhất (aabbdd) × cây thấp nhất (AABBDD) → AaBbDd có 3 alen trội → cao 100 – 5 × 3 = 85 cm.

Chọn D

\(I.\dfrac{{Ab}}{{aB}} \times \dfrac{{Ab}}{{aB}} \to 1\dfrac{{Ab}}{{Ab}}:2\dfrac{{Ab}}{{aB}}:1\dfrac{{aB}}{{aB}}\, \to KH:1:2:1\)

\(II.\dfrac{{AB}}{{ab}} \times \dfrac{{AB}}{{ab}} \to 1\dfrac{{AB}}{{AB}}:2\dfrac{{AB}}{{ab}}:1\dfrac{{ab}}{{ab}} \to KH:3:1\)

\(III.\dfrac{{AB}}{{ab}} \times \dfrac{{Ab}}{{aB}} \to 1\dfrac{{AB}}{{Ab}}:1\dfrac{{AB}}{{aB}}:1\dfrac{{Ab}}{{ab}}:1\dfrac{{aB}}{{ab}} \to KH:1:2:1\)

\(IV.\dfrac{{AB}}{{ab}} \times \dfrac{{ab}}{{ab}} \to 1\dfrac{{AB}}{{ab}}:1\dfrac{{ab}}{{ab}} \to KH:1:1\)

Chọn D

Bào quan riboxom – nơi tổng hợp protein có rARN.

Chọn C

Các sắc tố quang hợp làm nhiệm vụ hấp thụ năng lượng ánh sáng

Chọn B

Ở hô hấp hiếu khí ở thực vật, ti thể thực hiện chức năng hô hấp.

Chọn B

Phép lai giữa 2 cá thể dị hợp 1 cặp gen cho 3/4 trội : 1/4 lặn.

Phép lai AaBbGgHh × AaBbGgHh sẽ cho kiểu hình mang 3 tính trạng trội và 1 tính trạng lặn ở đời con chiếm tỷ lệ là \(C_4^3 \times {\left( {\dfrac{3}{4}} \right)^3} \times \dfrac{1}{4} = \dfrac{{27}}{{64}}\)

Chọn C

Phát biểu đúng là C.

A sai, đột biến gen là đột biến trong cấu trúc của gen

B sai, đột biến gen không làm thay đổi số lượng NST.

D sai, đột biến thay thế 1 cặp nucleotit có thể không làm thay đổi trình tự axit amin (do tính thoái hóa của mã di truyền).

Chọn C

Ta có A+T+G+X=100%; mà A=T; G=X → A+G=50%

Vậy số nucleotit loại G chiếm 50 – 15 = 35%.

Chọn A

Nguyên tắc bổ sung giữa G - X, A - U và ngược lại được thể hiện trong cấu trúc (2), (4)

Chọn A

Nitơ là nguyên tố dinh dưỡng khoáng thiết yếu là thành phần axit nuclêic.

Chọn B

Hệ tuần hoàn của cá, lưỡng cư, bò sát, chim, thú được gọi là hệ tuần hoàn kín vì máu lưu thông liên tục trong mạch kín (qua động mạch, tĩnh mạch và mao mạch để về tim) dưới áp lực cao hoặc trung bình, máu chảy nhanh.

Chọn A

F₂ có cả cây thân thấp → F₁ có cây Aa → P: AA × Aa → F₁: 1AA:1Aa

Cho F­₁ giao phấn ngẫu nhiên: (1AA:1Aa)(1AA:1Aa) ↔ (3A:1a)(3A:1a) ↔ 9AA:6Aa:1aa → KH: 15:1

Chọn C

Theo Mono và Jacop, các thành phần cấu tạo của operon Lac gồm vùng vận hành (O), nhóm gen cấu trúc, vùng khởi động (P)

Gen điều hòa không thuộc cấu trúc của operon.

Chọn D

Đột biến mất đoạn NST có thể loại bỏ gen xấu ra khỏi quần thể.

Chọn C

Đời con phân li 11 đỏ: 1 trắng → trắng = 1/12 = 1/2 × 1/6 → P đều phải tạo giao tử aa → loại A

Aaaa → 1/2Aa:1/2aa

AAaa → 1/6AA:4/6Aa:1/6aa

Chọn D

Cơ thể có kiểu gen Ab/aB giảm phân sẽ tạo giao tử liên kết là Ab và aB.

Chọn C

Loài A: 2n_A ; Loài B : 2n_B ; Loài C : 2n_C.

Loài A × loài B →Loài D : 2n_A + 2n_B.

Loài D giảm phân cho giao tử gồm n_A + n_B

Loài C giảm phân cho giao tử n_C

Loài D × Loài C → Loài E : 2n_A + 2n_B + 2n_C = 58 NST.

Chọn C

Lai thuận nghịch: Phép lai trong đó lúc dùng dạng này làm bố, lúc lại dùng chính dạng ấy làm mẹ.

Phép lai thuận: ♂ Cây thân cao × ♀ Cây thân thấp

Phép lai nghịch: ♂ Cây thân thấp × ♀ Cây thân cao

Chọn B

Các codon kết thúc gồm: 5’UAA3’; 5’UAG3’, 5’UGA3’.

Chọn B

Phép lai phân tích: là phép lai giữa cá thể mang tính trạng trội cần xác định kiểu gen với cá thể mang tính trạng lặn
Vậy phép lai Aa × aa là phép lai phân tích.

Chọn D

Cơ thể aaBB là đồng hợp về các cặp gen.

Chọn D

Các tế bào phân li bất thường ở kì sau giảm phân I cho giao tử : XY và O

Các tế bào phân li bất thường ở kì sau giảm phân II cho giao tử : XX, YY và O

Các tế bào phân li bình thường cho giao tử : X và Y

Chọn A

Ta có \(\dfrac{{ab}}{{ab}} = 0,0225 = 0,{15^2} = 0,045 \times 0,5 = \dfrac{f}{2} \times \dfrac{{1 - f}}{2}\)

TH₁: 0,0225 = 0,15² → ab =0,15 → HVG ở 2 bên với tần số 30%.

TH₂: 0,0225 =0,045ab × 0,5ab → 1 bên có HVG với tần số 9%, 1 bên không HVG.

TH₃: \(0,0225 = \dfrac{f}{2} \times \dfrac{{1 - f}}{2} \to f = 10\% \) → 2 bên có HVG với tần số 10%

Xét các phát biểu:

(1) đúng, kiểu hình mang 2 tính trạng trội có thể có các kiểu gen: \(\dfrac{{AB}}{{AB}};\dfrac{{AB}}{{Ab}};\dfrac{{Ab}}{{aB}};\dfrac{{AB}}{{aB}};\dfrac{{AB}}{{ab}}\)

(2),(3),(4) đúng

Chọn A

Ta có 3 alen quy định 4 kiểu hình => các gen có mối quan hệ động trội

A₁ : đỏ

A₂ : quy định màu vàng

a quy định màu trắng

A₁ đồng trội với A₂ → A₁ A₂ cho kiêu hình hồng ; A₁ và A₂ trội hoàn tòan so với a

Cá thể có kiểu hình hồng có kiểu gen A₁A₂

Cá thể có kiểu hình hoa vàng có kiểu gen A₂A₂ hoặc A₂a

TH1 : A₂A₂ × A₁A₂ → A₁A₂: A₂A₂ → 50 % vàng: 50 % hồng

TH2 : A₂a × A₁A₂ → A₁A₂: A₂A₂: A₁a: A₂a → 1 hồng: 2 vàng: 1 đỏ

Chọn A

Ta thấy bố mẹ bình thường sinh con gái bị 2 bệnh → gen gây bệnh là gen lặn.

A, B không bị bệnh

a – bị bệnh 1; b- bị bệnh 2

I đúng, xác định kiểu gen của 9 người.

II đúng.

Người 15 có kiểu gen AaBb (do bố mẹ mỗi người mắc 1 trong 2 bệnh)

Người 16, có em trai bị cả 2 bệnh → bố mẹ: 9 – 10: AaBb × AaBb → người 16: (1AA:2Aa)(1BB:2Bb)

Xác suất cặp vợ chồng này sinh con trai mắc cả 2 bệnh là: \(\dfrac{1}{2} \times \dfrac{2}{3}Aa \times \dfrac{2}{3}Bb \times \dfrac{1}{{16}}aabb = \dfrac{1}{{72}}\)

III đúng.

XS cặp vợ chồng 15 – 16 sinh con chỉ bị một bệnh

+ XS bị bệnh 1 = XS bị bệnh 2

+ XS bị bệnh 1 là: \(aa = \dfrac{2}{3}Aa \times \dfrac{1}{4} = \dfrac{1}{6} \to A - = \dfrac{5}{6}\)

Tương tự với bệnh 2: \(bb = \dfrac{2}{3}Bb \times \dfrac{1}{4} = \dfrac{1}{6} \to B - = \dfrac{5}{6}\)

Vậy xác suất người con này chỉ bị 1 trong 2 bệnh là: \(2 \times \dfrac{1}{6} \times \dfrac{5}{6} = \dfrac{{10}}{{36}} = \dfrac{5}{{18}}\)

IV đúng. XS họ sinh con gái và không bị cả 2 bệnh là: \(\dfrac{1}{2} \times \dfrac{5}{6} \times \dfrac{5}{6} = \dfrac{{25}}{{72}}\)

Chọn A

Giải thích đúng là: I

II sai, vi khuẩn Rhizobium giúp thực vật đồng hóa nitơ.

III sai, lượng cacbon thực vật sử dụng lớn

IV sai, thông qua rơi rụng lá, ... thì thực vật trả lại môi trường cacbon hữu cơ.

Chọn C

Phương pháp giải:

%A = %T =\(\dfrac{{\% {A_1} + \% {T_1}}}{2} = \dfrac{{\% {A_2} + \% {T_2}}}{2}\); %A₁ = %T₂; %A₂ = %T₁

%G =%X = \(\dfrac{{\% {G_1} + \% {X_1}}}{2} = \dfrac{{\% {G_2} + \% {X_2}}}{2}\); %G₁ = %X₂; %G₂ = %X₁

%A₁ + %T₁ + %X₁ +%G₁ = 100%

Hướng dẫn giải:

Trên mạch 2: %X₂ - %G₂ = 20% ↔ %G₁ – %X₁= 20%

Ta có trên mạch 1: \(\begin{array}{l}\left\{ \begin{array}{l}\% {A_1} - \% {X_1} = 10\% \\\% {T_1} - \% {X_1} = 30\% \\\% {G_1}--\% {X_1} = {\rm{ }}20\% \end{array} \right. \to \left( {\% {A_1} + \% {T_1} + \% {G_1}} \right) - 3.\% {X_1} = 60\% \\ \leftrightarrow 100\% - 4.\% {X_1} = 60\% \to \% {X_1} = 10\% \end{array}\)

Vậy %T₁ = 30% + %X₁ = 40%= A₂

Chọn D

Có 4 loại kiểu hình với tỉ lệ bằng nhau → 1 cặp gen chỉ cho 1 loại kiểu hình, 2 cặp gen còn lại

+ 1 bên P có kiểu gen dị hợp

+ 1 bên P có kiểu gen đồng hợp lăn.

Các phép lai thỏa mãn là: I,III ,VI

Chọn B

F₁ đồng hình → P thuần chủng

P : AABB × aabbb → F₁ :AaBb

F₁ × F₁ : AaBb × AaBb

F₂ : (1AA;2Aa:1aa)(1BB :2Bb :1bb)

Xét các phát biểu

A đúng, thân cao, hoa hồng 2 kiểu gen AABb, AaBb
B đúng, thấp hồng: aaBb = 1/4 × 1/2 =1/8

C đúng, thân cao, hoa trắng A-bb = 3/4 × 1/4 =3/16 = 18,75%
D sai. thân cao hoa đỏ: A-BB = (3/4x 1/4)=3/16
thân cao hoa đỏ thuần chủng :AABB = 1/16 → Trong tổng số cây thân cao, hoa đỏ ở F2 số cây thuần chủng chiếm 1/3

Chọn D

I đúng, AaBb × aabb → AaBb = 25%.

II đúng, trong phép lai: AaBB × AABb → 4 loại kiểu gen nhưng có 1 loại kiểu hình.

III đúng, thu được 2 loại kiểu gen ở đời sau → có thể là phép lai AABb × aabb hoặc AaBB × aabb → thân cao, hoa đỏ chiếm 50%.

IV đúng, VD: AaBB × AaBB → 1AABB:2AaBB:1aaBB → 3 kiểu gen, 2 kiểu hình.

Chọn D

Cho 3 cây thấp đỏ tự thụ → không thể cho cây thân cao → loại IV.

Cây thấp, đỏ có thể có kiểu gen aaBB hoặc aaBb

Có các trường hợp xảy ra như sau:

+ TH₁: Tất cả các cây có kiểu gen aaBB → đời con 100% thấp đỏ.

+ TH₂: Tất cả các cây có kiểu gen aaBb → đời con: 3aaB-:1aabb → 3 cây thân thấp đỏ: 1 cây thân thấp vàng

+ TH₃: 1 cây có kiểu gen aaBB: 2 cây có kiểu gen aaBb → tỉ lệ thân thấp hoa vàng: \({\rm{aabb = }}\dfrac{2}{3} \times \dfrac{1}{4} = \dfrac{1}{6} \to aaB - = \dfrac{5}{6}\) → KH: 5 cây thân thấp đỏ: 1 cây thân thấp vàng

+ TH₄: 2 cây có kiểu gen aaBB: 1 cây có kiểu gen aaBb → tỉ lệ thân thấp hoa vàng: \({\rm{aabb = }}\dfrac{1}{3} \times \dfrac{1}{4} = \dfrac{1}{{12}} \to aaB - = \dfrac{{11}}{{12}}\) → KH: 11 cây thân thấp đỏ: 1 cây thân thấp vàng

Chọn D

I sai, sợi nhiễm sắc có đường kinh 30nm.

II đúng.

III đúng.

IV sai, sợi cơ bản có đường kính 11nm. Sợi nhiễm sắc có đường kính 30nm.

Chọn D

(1) đúng, 1 tế bào giảm phân không có HVG sẽ tạo 2 loại giao tử.

(2) sai, nếu có HVG sẽ tạo 4 loại giao tử với tỉ lệ bằng nhau.

(3) đúng.

(4) đúng.

Chọn C

I đúng.

II đúng, các tiểu phần của riboxom tách nhau ra.

III sai, operon không gồm gen điều hòa.

IV sai, chỉ có 61 bộ ba mã hóa axit amin, 3 bộ ba kết thúc không mã hóa axit amin.

Chọn C

Nếu gen có n alen nằm trên NST thường, số kiểu gen dị hợp \(C_n^2\)

Gen A có 3 alen, gen B có 6 alen, số kiểu gen dị hợp về cả 2 cặp gen là: \(C_3^2 \times C_6^2 = 45\)

Chọn B