Sản lượng sinh vật sơ cấp tinh bằng sản lượng sinh vật sơ cấp thô trừ đi phần hô hấp của thực vật

Bệnh bạch tạng ở người do alen lặn nằm trên NST thường quy định.

Một cặp vợ chồng không bị bạch tạng sinh con đầu bị bệnh bạch tạng -> vợ và chồng đều có KG Aa

Ta có: Aa x Aa -> 1/4AA: 2/4Aa:1/4aa

-> Xác suất sinh 2 con trai bình thường và 1 con gái bạch tạng = (0,75 x 0,5)² x (0,25 x 0,5) x C¹₃ = 27/512

Các bằng chứng cổ sinh vật học cho thấy: trong lịch sử phát triển sự sống trên trái đất, thực vật có hoa xuất hiện ở kỷ Triat (Tam điệp) thuộc đại Trung sinh.

Ở một loài chim, màu cánh được xác định bởi một gen gồm 3 alen:

C₁ (cánh đen) > C₂ cánh xám> C₃ cánh trắng

Quần thể A:

Trắng = C₃C₃ = 65 con = 0,01 -> C₃ = 0,1

Xám = C₂C₂ + C₂C₃ = 1560 con = 0,24 -> C₂ = 0,4

-> C₁ = 0,5

Quần thể B:

Trắng = C₃C₃ = 0,16 -> C₃ = 0,4

C₂ = 0,6

Cấu trúc di truyền của quần thể A: 0,25 C₁C₁ : 0,4 C₁C₂ : 0,1 C₁C₃ : 0,16 C₂C₂ : 0,08 C₂C₃ : 0,01 C₃C₃

Cấu trúc di truyền của quần thể B: 0,36 C₂C₂ : 0,48 C₂C₃ : 0,16 C₃C₃

-> A sai

C sai vì quần thể B là quần thể ngẫu phối

B sai.

Các bằng chứng cổ sinh vật học cho thấy: trong lịch sử phát triển sự sống trên trái đất, thực vật có hoa xuất hiện ở kỷ Triat (Tam điệp) thuộc đại Trung sinh.

Nghiên cứu diễn thế sinh thái giúp chúng ta có thể:

(1) Khai thác hợp lý nguồn tài nguyên thiên nhiên.

(2) Khắc phục những biến đổi bất lợi của môi trường .

(3) Hiểu được các quy luật phát triển của quần xã sinh vật.

(4) Dự đoán được các quần xã đã tồn tại trước đó và quần xã sẽ thay thế trong tương lai.

Thức ăn mùn bã hữu cơ trở nên ưu thế trong các chuỗi thức ăn cơ bản được gặp trong điều kiện: Khối nước sông trong mùa cạn.

Số lượng nhóm gen liên kết của 1 loài thường bằng số lượng NST trong bộ lưỡng bội -> sai, số nhóm gen liên kết bằng số NST trong bộ đơn bội của loài.

Các hệ sinh thái tự nhiên dưới nước chỉ có 1 loại chuỗi thức ăn mở đầu bằng sinh vật sản xuất. -> sai, hệ sinh thái tự nhiên dưới nước có 2 loại chuỗi thức ăn: mở đầu bằng sinh vật sản xuất hoặc mở đầu là mùn bã hữu cơ.

Trong các mối quan hệ sau, các mối quan hệ mà trong đó chỉ có 1 loài được lợi:

(3) Cây tầm gửi sống trên thân cây gỗ

(4) Cây phong lan sống bám trên cây gỗ trong rừng

(5) Cây nắp ấm bắt ruồi làm thức ăn

(6) Cá ép sống bám trên cá lớn

Các phát biểu đúng về bậc dinh dưỡng của lưới thức ăn:

 (2) Trong một lưới thức ăn, mỗi bậc dinh dưỡng thường gồm nhiều loài sinh vật.

 (4) Trong một lưới thức ăn, một sinh vật có thể thuộc nhiều bậc dinh dưỡng.

P: AABBCCDD (26cm) x aabbccdd (10cm)

F₁: AaBbCcDd (22cm)

F₁ x F₁

F₂: Tỉ lệ cây cao 22cm = AaBbCcDd = (1/2)4 = 1/16

Một cơ thể ruồi giấm có 2n = 8, trong đó cặp số 1 có 1 NST bị đột biến đảo đoạn, cặp số 4 có 1 NST bị đột biến mất đoạn.

Tỷ lệ giao tử bình thường = 0,5 x 0,5 = 1/4

Tỷ lệ giao tử mang đột biến = 1 – (1/4) = 3/4

Trong trường hợp không xảy ra đột biến nhưng xảy ra hoán vị gen giữa gen B và gen b với tần số 40%; D và d là 20%; G và g với tần số 20%. Giao tử ab de X^h_g được sinh ra từ cơ thể có kiểu gen \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn % hiov2DGi1BTfMBaeXatLxBI9gBaerbd9wDYLwzYbItLDharqqtubsr % 4rNCHbGeaGqiVu0Je9sqqrpepC0xbbL8F4rqqrFfpeea0xe9Lq-Jc9 % vqaqpepm0xbba9pwe9Q8fs0-yqaqpepae9pg0FirpepeKkFr0xfr-x % fr-xb9adbaqaaeGaciGaaiaabeqaamaabaabaaGcbaWaaSaaaeaaca % WGbbGaamOqaaqaaiaadggacaWGIbaaamaalaaabaGaamiraiaadwea % aeaacaWGKbGaamyzaaaaaaa!3CD3! \frac{{AB}}{{ab}}\frac{{DE}}{{de}}\)\(\frac{{AB}}{{ab}}\frac{{DE}}{{de}}\)X^H_gX^h_G chiếm tỷ lệ

=0,3 x 0,4 x 0,1 = 0,012

Nhận định đúng với quan điểm của Đacuyn: Các loài sinh vật có xu hướng sinh ra một lượng con nhiều hơn so với số con có thể sống sót đến tuổi sinh sản.

Ba loài ếch: Rana pipiens; Rana clamitans và Rana sylvatica cùng giao phối trong một cái ao, song chúng bao giờ cũng bắt cặp đúng cá thể cùng loài vì các loài ếch này có tiếng kêu khác nhau. Đây là ví dụ về loại cách ly nào sau đây: Cách ly trước hợp tử, cách ly tập tính.

Để tăng độ mở khí khổng của lá người ta thực hiện:

(1) Cho cây ra ngoài ánh sáng (vì khí khổng mở khi có ánh sáng)

(3) Bón phân làm tăng nồng độ ion kali (vì K+ là ion ảnh hưởng đến sự đóng mở khí khổng)

Các phát biểu đúng về các nhân tố sinh thái:

(1) Khi tất cả các nhân tố sinh thái của môi trường đều nằm trong giới hạn sinh thái cho phép loài tồn tại và phát triển thì làm thành ổ sinh thái của loài đó. -> đúng

(2) Nhóm nhân tố sinh thái vô sinh gồm tất cả các nhân tố vật lý, hóa học và sinh học trong môi trường xung quanh sinh vật. -> sai, nhân tố vô sinh không gồm yếu tố sinh học.

(3) Nhóm nhân tố sinh thái hữu sinh bao gồm thế giới hữu cơ của môi trường và mối quan hệ giữa sinh vật với sinh vật. -> đúng

(4) Trong nhóm nhân tố sinh thái hữu sinh, nhân tố con người có ảnh hưởng lớn tới đời sống của nhiều sinh vật -> đúng.

Phát biểu đúng về quần xã sinh vật:

(1) Trong quần xã sinh vật, một loài sinh vật có thể tham gia đồng thời vào nhiều chuỗi thức ăn khác nhau.

(2) Các sinh vật trong quần xã luôn tác động lẫn nhau đồng thời tác động qua lại với môi trường.

(3) Mức độ đa dạng của quần xã được thể hiện qua số lượng các loài và số lượng cá thể của mỗi loài.  

(4) Phân bố cá thể trong không gian của quần xã tùy thuộc vào nhu cầu sống của từng loài.

Các phát biểu đúng về mối quan hệ giữa các cá thể trong quần thể:

(1) Quan hệ hỗ trợ trong quần thể đảm bảo cho quần thể thích nghi tốt hơn với điều kiện của môi trường.

(2) Quan hệ hỗ trợ trong quần thể đảm bảo cho quần thể khai thác được nhiều nguồn sống.

(3) Quan hệ hỗ trợ giữa các cá thể trong quần thể thể hiện qua hiệu quả nhóm.

(4) Quan hệ hỗ trợ giữa các cá thể trong quần thể làm tăng khả năng sống sót và sinh sản của các cá thể.

Hoa trắng tự thụ phấn được F₁ có 3 kiểu hình và hoa trắng chiếm 75%

Suy ra, màu hoa được qui định theo kiểu tương tác ác chế trội 12:3:1 (trắng = 12/16)

A-B-; A-bb: trắng

Trắng thuần chủng trong số cây trắng = AABB + AAbb = 2/12

-> trắng không thuần chủng = 1 – (2/12) = 5/6

A: cao >> a: thấp, B: đỏ >> b: vàng.

P:  Ab/aB x Ab/aB (f = 20%, xảy ra ở 2 giới)

F₁:  Ab/aB = 0,4 x 0,4 x 2 = 32%

Mía và ngô là cây C₄; xương rồng là cây CAM

Phát biểu đúng là B

A sai, do điểm bù CO₂ của ngô, mía (cây C₄) thấp nên cường độ quang hợp sẽ cao hơn cây xương rồng (thực vật CAM)

C sai, ở cây mía và cây ngô có pha tối xảy ra ở tế bào thịt lá và tế bào bao bó mạch, còn pha tối của cây xương rồng xảy ra ở tế bào thịt lá (nhu mô).

D sai, ở cùng 1 cường độ ánh sáng thì cường độ quang hợp của các cây là khác nhau.

Phương pháp giải:

Bước 1: Xét riêng từng cặp gen, tính tỉ lệ kiểu gen thành phần.

Bước 2: Nhân các kiểu gen thành phần với nhau

Giải chi tiết:

Xét cặp Aa × Aa → 1AA:2Aa:1aa → Aa = 1/2.

Xét cặp Bb × bb

+ giới đực có 10% tế bào không phân li ở GP I tạo: 0,05Bb:0,05O

+ giới cái giảm phân bình thường tạo 1b

→ tỉ lệ kiểu gen: Bbb = 0,05

Xét cặp DD × Dd → 1DD:1Dd → Dd = 1/2.

Vậy tỉ lệ kiểu gen AaBbbDd \( = \frac{1}{2} \times 0,05 \times \frac{1}{2} = 1,25\% \)

Phương pháp giải:

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1; p,q là tần số alen

Bước 1: Tính tỉ lệ aa và bb

Bước 2: tính tỉ lệ A- và B-; AABB

Bước 3: Tính tỉ lệ AABB/A-B-

Giải chi tiết:

-Tỉ lệ cá thể mang kiểu hình trội về tính trạng do gen A quy định là:

A- = 1- aa = 1-0,2 × 0,2 = 0,96

-Tỉ lệ cá thể mang kiểu hình trội về tính trạng do gen B quy định là:

B- = 1 – bb = 1 – 0,3 × 0,3 = 0,91

→tỉ lệ cá thể mang kiểu hình trội cả 2 tính trạng là: 0,96 × 0,91 = 0,8736 = 87,36%

Tỉ lệ thuần chủng mang 2 tính trạng trội là: AABB = 0,8²  × 0,7² =0,3136

Theo lí thuyết, trong tổng số cá thể mang 2 tính trạng trội, tỉ lệ cá thể thuần chủng là: \(\frac{{0,3136}}{{0,8736}} = 35,90\% \)

Chú ý: Ở chim XX là con trống; XY là con mái

3 tế bào giảm phân tạo ra 3 giao tử cái. Có thể xảy ra các trường hợp

+ Mỗi tế bào tạo 1 loại giao tử : 1 :1 :1

+ 2 tế bào tạo 1 loại giao tử, 1 tế bào còn lại tạo 1 giao tử khác : 2 :1  (đáp án C)

+ 3 tế bào tạo 1 loại giao tử : 1

Quần thể có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa

Quần thể cân bằng di truyền thoả mãn công thức: \(\frac{y}{2} = \sqrt {x.z} \)

Quần thể đạt cân bằng di truyền là: 2,25% AA : 25,5% Aa : 72,25% aa

F₁ đồng hình hoa đỏ → P thuần chủng.

A- hoa đỏ; a- hoa trắng.

P: AA × aa → F₁: Aa × Aa → F₂:1AA:2Aa:1aa

Cho các cây hoa đỏ ở F₂ giao phấn ngẫu nhiên: (1AA:2Aa)(1AA:2Aa)

Tỉ lệ hoa đỏ ở F₃ = 1 – tỉ lệ hoa trắng = \(1 - \frac{2}{3}Aa \times \frac{2}{3}Aa \times \frac{1}{4} = \frac{8}{9}\)

Ta thấy người bị bệnh có 3 NST số 21 (NST thường) → đây là người mắc hội chứng Đao.

Xét các phát biểu

(1) sai, có thể xảy ra ở cả nam và nữ vì đây là đột biến số lượng NST thường.

(2) sai, không thể chữa lành.

(3) đúng, có thể sinh thiết tua nhau thai rồi quan sát, phân tích bộ NST.

(4) sai, nguyên nhân là do sự giảm phân không bình thường ở bố hoặc mẹ tạo giao tử n+1.

I đúng, nếu các gen này liên kết hoàn toàn, trong phép lai: \(\frac{{AB}}{{ab}} \times \frac{{ab}}{{ab}} \to 1\frac{{AB}}{{ab}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\)  có 2 loại kiểu hình.

II đúng, trong phép lai: \(\frac{{Ab}}{{ab}} \times \frac{{aB}}{{ab}} \to 1\frac{{Ab}}{{aB}}:1\frac{{Ab}}{{ab}}:1\frac{{aB}}{{ab}}:1\frac{{ab}}{{ab}}\) có 4 loại kiểu hình.

III đúng, nếu các gen cùng nằm trên 1 cặp NST, các kiểu gen quy định thân cao, hoa đỏ là: \(\frac{{AB}}{{AB}};\frac{{AB}}{{Ab}};\frac{{AB}}{{aB}};\frac{{Ab}}{{aB}};\frac{{AB}}{{ab}}\)

IV sai, cho cây cao trắng tự thụ tạo ra tối đa 2 loại kiểu hình là: cao, trắng và thấp trắng.

I sai, liên kết gen hoàn toàn chỉ hạn chế xuất hiện biến dị tổ hợp.

II sai, các gen càng nằm xa nhau thì tần số HVG càng lớn.

III đúng.

IV sai, số nhóm gen liên kết bằng số NST có trong bộ NST đơn bội của loài.

Sử dụng sơ đồ hình chữ nhật: Cạnh và đường chéo của hình chữ nhật là giao tử lưỡng bội cần tìm.

Bước 1: Xác định tỉ lệ giao tử

Bước 2: Tính tỉ lệ kiểu hình hoa vàng.

Giải chi tiết:

Tỉ lệ giao tử:

\(Aa{{a}_{1}}{{a}_{1}}\to \frac{2}{6}A{{a}_{1}}:\frac{2}{6}a{{a}_{1}}:\frac{1}{6}Aa:\frac{1}{6}{{a}_{1}}{{a}_{1}}\)

\(Aaa{{a}_{1}}\to \frac{2}{6}Aa:\frac{2}{6}a{{a}_{1}}:\frac{1}{6}A{{a}_{1}}:\frac{1}{6}aa\)

Cây hoa vàng (a---) chiếm tỉ lệ: \(\left( \frac{2}{6}a{{a}_{1}}+\frac{1}{6}{{a}_{1}}{{a}_{1}} \right)\left( \frac{2}{6}a{{a}_{1}}+\frac{1}{6}aa \right)=\frac{1}{4}\)

Phương pháp giải:

Bước 1: Xác định quy luật di truyền, quy ước gen

Bước 2: tìm kiểu gen của cá thể gà mái lai với gà trống F₁

Bước 3: tính tần số HVG = tổng tỉ lệ kiểu hình khác P

Giải chi tiết:

F₁ toàn gà lông dài, màu đen nên hai tính trạng này là trội hoàn toàn.

Quy ước: A- lông dài; a- lông ngắn; B- lông đen; b – lông trắng.

+ Xét sự phân li của từng tính trạng Chiều dài lông : 3 lông dài : 1 lông ngắn → Aa × Aa

Tỉ lệ phân li kiểu hình không đều ở hai giới, gen lặn biểu hiện nhiều ở gà mái → gen lặn nằm trên NST X.

+ Màu sắc lông : 3 lông đen : 1 lông ngắn →Bb × Bb

Tỉ lệ phân li kiểu hình không đều ở hai giới , gen lặn biểu hiện nhiều ở gà mái → gen lặn nằm trên NST X

-> Hai gen liên kết với nhau cùng nằm trên NST giới tính X

Ta có

+ Gà trống lông dài màu đen 100% → nhận X^AB từ gà mái nên gà mái có kiểu gen X^ABY

+ Gà mái có kiểu gen: \(0,4{X^{AB}}Y;\,\,\,0,4{X^{ab}}Y;\,\,\,0,1{X^{Ab}}Y;\,\,\,0,1{X^{aB}}Y\)

-> Tần số hoán vị gen của gà trống F₁ là : 0,1 + 0,1 = 0,2 (lông dài, màu trắng : lông ngắn, màu đen là 2 kiểu hình khác P)

Khi gen không đột biến

- Alen A: 3’...TAX TTX AAA XXG XXX...5’

mARN:    5’…AUG AAG UUU GGX GGG …3’

Polipeptit:      Met – Lys – Phe – Gly – Gly

Ta thấy các điểm khác biệt giữa trình tự ban đầu và 3 alen đột biến:

- Alen A: 3’...TAX TTX AAA XXG XXX...5’

- Alen A_l: 3’... TAX TTX AAA XXA XXX...5’.

- Alen A₂: 3’...TAX ATX AAA XXG XXX...5’.

- Alen A₃: 3’...TAX TTX AAA TXG XXX...5’.

I đúng, triplet XXA → codon: GGU mã hóa cho Gly nên chuỗi pôlipeptit do alen A₁ mã hóa không thay đổi so với chuỗi pôlipeptit do gen ban đầu mã hóa.

(triplet là bộ ba trên gen; codon là bộ ba trên mARN)

II sai, do  đây là đột biến thay thế 1 cặp nucleotit nên chỉ làm thay đổi codon mang đột biến.

III đúng, triplet ATX → codon: UAG mang tín hiệu kết thúc → chuỗi polipeptit sẽ ngắn hơn chuỗi polipeptit của gen ban đầu.

IV đúng, thay thế X-G thành T-A ở vị trí số 10.

- Alen A₃: 3’...TAX TTX AAA TXG XXX...5’

\[\frac{Ab}{ab}{{X}^{D}}Y\times \frac{AB}{ab}{{X}^{D}}{{X}^{d}}\to \frac{ab}{ab}{{X}^{D}}-=0,15\to \frac{ab}{ab}=\frac{0,15}{0,75}=0,2=0,5ab\times 0,4ab\]

Vậy ruồi cái cho ab là giao tử liên kết \[\frac{1-f}{2}=0,4\to f=20%\] → II đúng, III sai.

\[\frac{Ab}{ab}{{X}^{D}}Y\times \frac{AB}{ab}{{X}^{D}}{{X}^{d}};f=20%\]

\[\to GT:\left( 0,5\underline{Ab}:0,5\underline{ab} \right)\left( 0,5{{X}^{D}}:0,5Y \right)\times \left( 0,4\underline{AB}:0,4\underline{ab}:0,1\underline{Ab}:0,1\underline{aB} \right)\left( 0,5{{X}^{D}}:0,5{{X}^{d}} \right)\]

I đúng, tỉ lệ ruồi đực, thân xám, cánh dài, mắt đỏ: A-B-X^DY = (0,4AB × 1 + 0,5Ab × 0,1aB) ×0,25X^DY =11,25%

IV đúng, ở F₁ ruồi thân xám, cánh cụt, mắt trắng chiếm: A-bbX^dY = (0,5Ab × 0,4ab + 1(0,5Ab:0,5ab) × 0,1Ab) × 0,25X^dY = 7,5%.

Phương pháp giải:

Áp dụng công thức Giao tử liên kết = (1-f)/2; giao tử hoán vị: f/2

Giải chi tiết:

Quy ước gen: A-B- Thân cao, aaB-/A-bb/aabb thân thấp; D- hoa đỏ; d– hoa vàng

Nếu các gen PLĐL thì F₂ phải phân ly (9:7)(3:1) ≠ đề bài → 3 cặp gen nằm trên 2 cặp NST, giả sử cặp gen Aa và Dd cùng nằm trên 1 cặp NST tương đồng

Tỷ lệ thân cao hoa đỏ: A-B-D- = 0,405 →A-D- =0,405 ÷ 0,75 =0,54 → aadd = 0,04  → ab là giao tử hoán vị → f= 40%

P: \(\frac{{Ad}}{{aD}}Bb \times \frac{{Ad}}{{aD}}Bb;f = 40\% \)

Xét các phát biểu:

I đúng

II đúng

III đúng, quả nhỏ, màu đỏ: \(\left( {\frac{{Ad}}{{Ad}}:\frac{{Ad}}{{a{\rm{d}}}}} \right)\left( {BB:Bb} \right)\)

IV sai, cây quả to màu đỏ thuần chủng là: \(\frac{{AD}}{{AD}}BB = 0,4 \times 0,4 \times 0,25 = 0,04\)

Xác suất cần tính là: 0,04/0,405 = 8/81

Phương pháp giải:

- Một phân tử ADN nhân đôi x lần tạo ra:

+  2^x phân tử ADN con

+ 2^x – 2 phân tử ADN chỉ có mạch mới

+ Môi trường cung cấp nguyên liệu tương ứng 2^x – 1 phân tử ADN.

CT liên hệ giữa chiều dài và tổng số nucleotit \(L = \frac{N}{2} \times 3,4\) (Å); 1nm = 10 Å, 1μm = 10⁴ Å

Số nucleotit môi trường cung cấp cho quá trình nhân đôi n lần: N_mt = N×(2ⁿ – 1)

Giải chi tiết:

Gen ban đầu có tổng số nucleotit là: \(N = \frac{{L \times 2}}{{3,4}} = \frac{{5100 \times 2}}{{3,4}} = 3000\)

Số nucleotit từng loại của gen được tìm ra bằng giải hệ phương trình: 

\(\left\{ {\begin{array}{*{20}{l}} {2A + 2G = 3000}\\ {A/G = 2/3} \end{array}} \right. \to \left\{ {\begin{array}{*{20}{l}} {A = T = 600}\\ {G = X = 900} \end{array}} \right.\)

Có 112 mạch N¹⁴ → Có 112 gen có mạch N¹⁴ và N¹⁵

Có 144 gen chỉ chứa N¹⁵

Vậy tổng số gen là 256 =2⁸ → gen ban đầu đã nhân đôi 8 lần: 3 lần trong môi trường N¹⁵ và 5 lần trong môi trường N¹⁴.

Xét các phát biểu

I đúng.

II sai.

Gen ban đầu nhân đôi 3 lần trong môi trường N¹⁵ tạo 2³ = 8 gen con, 8 gen này nhân đôi 5 lần trong môi trường N¹⁴ cần môi trường cung cấp số nucleotit loại A: A_mt = A×8×(2⁵ – 1)= 600×8×(2⁵ – 1)=148800 nucleotit.

III sai.

IV đúng, số mạch N¹⁵ = 112 + 144 × 2 =400.

Phương pháp giải:

Quần thể tự thụ phấn có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa  sau  n thế hệ tự thụ phấn có  cấu trúc di truyền \(x + \frac{{y(1 - 1/{2^n})}}{2}AA:\frac{y}{{{2^n}}}Aa:z + \frac{{y(1 - 1/{2^n})}}{2}aa\)

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1

Quần thể có cấu trúc di truyền: xAA:yAa:zaa

Tần số alen \({p_A} = x + \frac{y}{2} \to {q_a} = 1 - {p_A}\)

Giải chi tiết:

Quần thể có cấu trúc: 0,5AA : 0,4Aa : 0,1aa

Tần số alen của quần thể là: \({p_A} = 0,5 + \frac{{0,4}}{2} = 0,7 \to {q_a} = 1 - {p_A} = 0,3\)

I sai, nếu quần thể giao phấn ngẫu nhiên thì sẽ đạt cân bằng di truyền, cấu trúc di truyền của quần thể là: 0,49AA + 0,42Aa + 0,09aa = 1

II đúng, nếu cho tất cả cây hoa đỏ giao phấn ngẫu nhiên: 0,5AA : 0,4Aa ↔ \(\frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa\)

\(\left( {\frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa} \right)\left( {\frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa} \right) \to aa = \frac{4}{9} \times \frac{4}{9} \times \frac{1}{4} = \frac{4}{{81}} \to A - = 1 - \frac{4}{{81}} = \frac{{77}}{{81}}\)

III đúng, nếu cho tất cả cây hoa đỏ giao phấn ngẫu nhiên: 0,5AA : 0,4Aa ↔ \(\frac{5}{9}AA:\frac{4}{9}Aa\)

Các cây này tự thụ, cây hoa trắng sinh ra từ sự tự thụ của cây Aa: \(\frac{4}{9} \times \frac{1}{4}aa = \frac{1}{9}\)

IV đúng, nếu quần thể có cấu trúc: 0,5AA : 0,4Aa : 0,1aa tự thụ phấn, thành phần kiểu gen ở F₁ \(0,5 + \frac{{0,4\left( {1 - 1/2} \right)}}{2}AA:\frac{{0,4}}{2}Aa:0,1 + \frac{{0,4\left( {1 - 1/2} \right)}}{2}aa \leftrightarrow 0,6AA:0,2Aa:0,2aa\)

Phương pháp giải:

Công thức tính tỷ lệ kiểu gen có a alen trội \(\frac{{C_n^a}}{{{2^n}}}\) trong đó n là số cặp gen dị hợp của bố mẹ

Giải chi tiết:

Giả sử 3 cặp gen đó là Aa, Bb, Dd

Khi cho cây cao nhất lai với cây thấp nhất: AABBDD × aabbdd → F₁: AaBbDd

F₁ tự thụ: AaBbDd × AaBbDd → F₂

Xét các phát biểu

I đúng, cây cao 170cm mang số alen trội là: \(\frac{{170 - 150}}{5} = 4\)

Tỉ lệ kiểu hình cao 170cm là: \(\frac{{C_6^4}}{{{2^6}}} = \frac{{15}}{{64}}\)

II đúng, số kiểu hình ứng với số alen trội có thể có từ 0 → 6.

III đúng, cây cao 165cm có \(\frac{{165 - 150}}{5} = 3\) alen trội mà \(C_6^3 > C_6^2 = C_6^4 > C_6^1 = C_6^5 > C_6^{10}\) nên tỉ lệ cây cao 165cm là lớn nhất (thay vào công thức ở phần phương pháp) 

IV sai, cây cao 175cm có \(\frac{{175 - 150}}{5} = 5\) alen trội, cây cao 155cm có \(\frac{{155 - 150}}{5} = 1\) alen trội, mà \(C_6^5 = C_6^1\) nên tỉ lệ 2 loại kiểu hình này bằng nhau.

Phương pháp giải:

Quần thể cân bằng di truyền có cấu trúc p²AA + 2pqAa +q²aa =1

Giải chi tiết:

Bố mẹ bình thường sinh con gái bị bệnh → đây là bệnh do gen lặn trên NST thường quy định.

A- bình thường; a- bị bệnh

(1) đúng

(2) sai, cá thể III.15 bị bệnh sẽ có kiểu gen aa

Người đàn ông tới từ quần thể người có 4% bị bệnh → tần số alen a = 0,2; A=0,8

Quần thể này có cấu trúc di truyền: 0,64AA:0,32Aa:0,04aa (quần thể này cân bằng di truyền)

Người chồng của người III.15 có thể có kiểu gen 0,64AA:0,32Aa ↔2AA:1Aa

Cặp vợ chồng III.15: (2AA:1Aa) × aa

Xác suất sinh con đầu lòng bị bệnh là: \(\frac{1}{3}Aa \times \frac{1}{4}aa = \frac{1}{{12}}\)

(3) Đúng.

Những người bình thường có con, bố, mẹ bị bệnh thì đều có kiểu gen Aa: 1,2,3,4,10,11

Những người bị bệnh có kiểu gen aa: 6,9,15

Những người còn lại có thể có kiểu gen AA hoặc Aa: 5,7,8,12,13,14

(4) đúng,

Bên người III.13

+ Người 7,8 đều có anh,em ruột bị bệnh hay bố mẹ của họ có kiểu gen Aa → họ có kiểu gen: 1AA:2Aa

+ Cặp vợ chồng 7 – 8: (1AA:2Aa)(1AA:2Aa) ↔(2A:1a)(2A:1a) →4AA:4Aa:1aa

→ người III.13 bình thường: 4AA:4Aa ↔1AA:1Aa

Bên người III.14 có em gái (III.15) bị bệnh nên bố mẹ họ có kiểu gen Aa → III.14 kiểu gen: 1AA:2Aa

Xét cặp vợ chồng: III.13 – III.14: (1AA:1Aa) × (1AA:2Aa)

Để họ sinh được con có kiểu gen dị hợp thì họ không thể có kiểu gen AA × AA

Còn ở mỗi kiểu gen còn lại của P đều tạo ra đời con có 1/2 dị hợp.

Xác suất sinh hai đứa con đều có kiểu gen dị hợp tử là: \(\left( {1 - \frac{1}{2}AA \times \frac{1}{3}AA} \right){\left( {\frac{1}{2}Aa} \right)^2} = \frac{5}{{24}}\)