Do chu kỳ con lắc đơn không phụ thuộc vào khối lượng. → chọn C

Do T, A vả W chỉ phụ thuộc vào cấu tạo, cách kích thích ( bỏ qua ma sát) nên chúng không thay đổi theo thời gian => chọn C

+ Khi chu kì riêng bằng chu kì của ngoại lực thì hệ xảy ra cộng hưởng, lúc này biên độ đạt cực đại Þ Câu A và B cho biên độ lớn hơn Câu C và D. Nhưng do biên độ của ngoại lực ở Câu B lớn hơn nên trường hợp này cho biên độ lớn nhất.

Chọn B

Dựa vào phương trình dao động và pt vận tốc ta thấy  v sớm pha π/2 so với li độ x. => chọn C

+ Khi vật cách biên 3 cm thì |x| = 1 cm, động năng tại vị trí này là: \({{\text{W}}_{}}=\frac{1}{2}k\left( {{A}^{2}}-{{x}^{2}} \right)=0,075J\) Þ Chọn D

+ Ta có: \(T=2\pi \sqrt{\frac{\ell }{g}}\xrightarrow{{{T}_{2}}=\,\,2{{T}_{1}}}{{\ell }_{2}}=4{{\ell }_{1}}\)     (1)

+ Khi cả hai sợi dây cùng được cắt ngắn đi 2 dm thì: T₂’ = 3T₁’ Þ ℓ₂’ = 9ℓ₁’ Û (ℓ₂ – 2) = 9(ℓ₁ – 2)            (2)

+ Giải (1) và (2) ta có: ℓ₁ = 3,2 dm → Chọn C

+ Tại vị VTCB lò xo đã dãn: \(\Delta {{\ell }_{0}}=\frac{mg}{k}=0,04\left( m \right)=4\left( cm \right)\)

+ Khi kéo vật xuống dưới để lò xo dãn 12 cm suy ra x = 8 cm. Vì thả nhẹ nên A = x = 8 cm

+ Lực hồi phục luôn hướng về VTCB; lực đàn hồi luôn ngược chiều với biến dạng. Do đó, lực đàn hồi tác dụng vào vật ngược chiều với lực hồi phục khi vật đi từ x₁ = 0 đến x₂ = -4 cm và ngược lại. Vậy, thời gian lực đàn hồi tác dụng vào vật ngược chiều với lực kéo về trong một chu kì là: \(\Delta t=\frac{T}{12}+\frac{T}{12}=\frac{T}{6}=\frac{1}{15}\left( s \right)\)

Chọn C

Là dao động lan truyền trong một môi trường. => chọn D

Đơn vị của mức cường độ âm là W/m².       

+ Bước sóng: \(\lambda =\frac{v}{f}=\frac{150}{0,5}=300\left( cm \right)\)

+ Độ lệch pha giữa hai điểm O và M: \(\Delta \varphi =\frac{2\pi d}{\lambda }=\frac{2\pi .25}{300}=\frac{\pi }{6}\)

+ Do sóng truyền từ O đến M nên M trễ pha hơn O một góc \(\frac{\pi }{6}\) → \({{u}_{M}}=4\cos \left( \pi t-\frac{\pi }{6} \right)\left( cm \right)\) → Chọn B

+ Bước sóng: \(\lambda =\frac{v}{f}=\frac{150}{50}=3\left( cm \right)\)

+ Khoảng cách giữa hai cực đại liên tiếp trên đường nối AB: \(d=\frac{\lambda }{2}=1,5\left( cm \right)\)

+ Thời gian ngắn nhất giữa hai lần M gặp các vân cực đại: \(t=\frac{d}{v}=\frac{1,5}{5}=0,3\left( s \right)\) → Chọn A

Tốc độ dao động cực đại của các phần tử vật chất Vmax = A.w

Với w = 2π/T mặt khác T = λ/v thay số liệu vào ta được 8cm/s => chọn D

+ Tại thời điểm t₁ điểm M và N đang đi lên để đến biên; thời điểm t₂ điểm M đang đi xuống còn điểm N đang ở biên.

+ Ta có: \(\left\{ \begin{align} & 0,05=2\left( \frac{1}{\omega }\arccos \left( \frac{20}{A} \right) \right) \\ & 0,05=\frac{1}{\omega }\arccos \left( \frac{15,3}{A} \right) \\ \end{align} \right.\Rightarrow 2=\frac{\arccos \left( \frac{15,3}{A} \right)}{\arccos \left( \frac{20}{A} \right)}(*)\Rightarrow A\approx 21,65\left( mm \right)\Rightarrow \omega \approx 15,72rad/s\)

+ Tốc độ cực đại của phần tử trên dây: v_max = wA » 340,33 mm/s = 0,34 m/s

Chọn D

Ta có \(i=\frac{u}{R}=11\sqrt{2}\cos \left( 100\pi t \right)\left( A \right)\).

Ta có:

\({{Z}_{L}}=60\)Ω, \({{Z}_{C}}=100\) Ω; \(U=80\)V.

Công suất tỏa nhiệt trên điện trở

\(P=\frac{UR}{{{R}^{2}}+{{\left( {{Z}_{L}}-{{Z}_{C}} \right)}^{2}}}\)↔ \(80=\frac{{{80}^{2}}R}{{{R}^{2}}+{{\left( 60-100 \right)}^{2}}}\)→ \(R=40\) Ω.

Ta nhận thấy: \({{U}_{L}}=I{{Z}_{L}}=\frac{U{{Z}_{L}}}{\sqrt{{{R}^{2}}+{{\left( {{Z}_{L}}-{{Z}_{C}} \right)}^{2}}}}=\frac{U}{\sqrt{\left( {{R}^{2}}+Z_{C}^{2} \right)\frac{1}{Z_{L}^{2}}-2{{\text{Z}}_{C}}\frac{1}{{{Z}_{L}}}+1}}\)

\(\left( {{R}^{2}}+Z_{C}^{2} \right)\frac{1}{Z_{L}^{2}}-2{{\text{Z}}_{C}}\frac{1}{{{Z}_{L}}}+\left( 1-\frac{{{U}^{2}}}{U_{L}^{2}} \right)=0\)

\(\left\{ \begin{array}{l} \frac{1}{{{Z_{L1}}}}.\frac{1}{{{Z_{L2}}}} = \frac{c}{a} = \frac{{1 - {{\left( {\frac{U}{{{U_L}}}} \right)}^2}}}{{{R^2} + Z_C^2}} = \frac{{1 - {{\left( {\frac{{90\sqrt 5 }}{{270}}} \right)}^2}}}{{{{2.100}^2}}} = \frac{1}{{45000}} \to \left\{ \begin{array}{l} {Z_{L1}} = 300\Omega \\ {Z_{L2}} = 150\Omega \end{array} \right.\\ \frac{1}{{{Z_{L1}}}} + \frac{1}{{{Z_{L2}}}} = - \frac{b}{a} = \frac{{2{{\rm{Z}}_C}}}{{{R^2} + Z_C^2}} = \frac{{{Z_C}}}{{{{100}^2}}} \end{array} \right.\)

\({{U}_{L\max }}\Leftrightarrow \frac{1}{{{Z}_{L0}}}=-\frac{b}{2a}=\frac{1}{2}\left( \frac{1}{{{Z}_{L1}}}+\frac{1}{{{Z}_{L2}}} \right)\Rightarrow {{Z}_{L0}}=200\Omega \Rightarrow \) Chọn C.

Ta có \(T=2\pi \sqrt{LC}\Rightarrow \frac{{{T}_{2}}}{{{T}_{1}}}=\sqrt{\frac{{{C}_{2}}}{{{C}_{1}}}}\Leftrightarrow \frac{{{T}_{2}}}{3}=\sqrt{\frac{180}{20}}\Leftrightarrow {{T}_{2}}=9 \mu s\) .

+ Khi khoảng cách 2 khe tới màn là a thì tại M là vân sáng bậc 4 nên \({{\text{x}}_{M}}=4.\frac{\lambda D}{a}\,\,\,\,\,\,\left( 2 \right)\)

 + Nếu lần lượt giảm hoặc tăng khoảng cách \({{S}_{1}}{{S}_{2}}\) một lượng \(\Delta a\) thì tại đó là vân sáng bậc k và bậc 3k nên 

\(\left\{ \begin{align} & {{x}_{M}}=k.\frac{\lambda D}{a-\Delta a} \\ & {{x}_{M}}=3k.\frac{\lambda D}{a+\Delta a} \\ \end{align} \right.\Rightarrow \frac{k}{a-\Delta a}=\frac{3k}{a+\Delta a}\Rightarrow a=2.\Delta a\)

+ Nếu tăng khoảng cách \({{S}_{1}}{{S}_{2}}\) thêm \(2\Delta a\) thì tại M là: \({{\text{x}}_{M}}=k'.\frac{\lambda \text{D}}{a+2\Delta a}=k'.\frac{\lambda D}{a+a}=\frac{1}{2}k'.\frac{\lambda D}{a}\)

+ So sánh với (1) ta có: \({{\text{x}}_{M}}=\frac{1}{2}k'.\frac{\lambda \text{D}}{a}=4.\frac{\lambda \text{D}}{a}\Rightarrow k'=8\Rightarrow \) Tại M khi đó là vân sáng bậc 8.

\({{q}_{notron}}=0\)C.

Chọn A.

Ta có: \({{U}_{N}}=\xi -Ir\).

Chọn D.

Hiện tượng cộng hưởng cơ xảy ra khi hiệu số giữa tần số của ngoại lực cưỡng bức và tần số dao động riêng của hệ bằng 0.

Chọn A.

Ta có:

\(\Delta {{\varphi }_{vu\hat{o}ng.pha}}=\left( 2k+1 \right)\frac{\pi }{2}\), với \(k=0,\,\,\pm 1,\,\,\pm 2,...\)

Ta có:

\({{\left( \Delta {{x}_{vuong.pha}} \right)}_{\min }}=\frac{\lambda }{4}\).

Chọn B.

Độ cao là đặc trưng sinh lý của âm.

Chọn D.

Cường độ dòng điện hiệu dụng trong mạch giảm.

Khi có sóng điện từ lan truyền qua thì các vecto \(\overrightarrow{{{E}_{{}}}},\overrightarrow{{{B}_{{}}}},\overrightarrow{{{v}_{{}}}}\) theo thứ tự tạo thành một tam diện thuận.

Chọn B.

Ta thu được một dãi màu biến thiên liên tục từ đỏ đến tím.

Chọn B.

Tia tử ngoại không có khả năng đi xuyên qua tấm chì vài cm.

Ta có:

\(\Delta {{x}_{sang-toi}}=\frac{D\lambda }{2a}\).

Chọn C.

Pin quang điện hoạt động dựa vào hiện tượng cảm ứng điện từ.

Chọn C.

Ta có:

\({{r}_{n}}={{\left( 4 \right)}^{2}}{{r}_{0}}=16{{r}_{0}}\)→ \(n=4\).

\(N=C_{2}^{4}=6\).

Chọn B.

Tia \({{\beta }^{+}}\) là dòng các pozitron.

Ta có:

\(\varepsilon =\frac{\left( Z{{m}_{p}}+\left( A-Z \right){{m}_{n}}-{{m}_{X}} \right){{c}^{2}}}{A}\).

Chọn A.

Ta có:

\({{T}_{d}}=\frac{T}{2}=\pi \sqrt{\frac{l}{g}}\).

Chọn C.

Ta có:

\(\cos \varphi =\frac{R}{\sqrt{Z_{L}^{2}+{{R}^{2}}}}=\frac{\left( 40 \right)}{\sqrt{{{\left( 30 \right)}^{2}}+{{\left( 40 \right)}^{2}}}}=0,8\).

Chọn C.

Chọn chiều dương trên mạch kín \((C)\) là ngược chiều kim đồng hồ.

Ta có:

\({{e}_{C}}=-\frac{\Delta \Phi }{\Delta t}=-\frac{\left( -0,5 \right)}{\left( 0,1 \right)}=5\)V.

suất điện động cảm ứng cùng chiều với chiều dương → ngược chiều kim đồng hồ.

Chọn A.

Ta có :

\(\Delta P\sim \frac{1}{{{U}^{2}}}\) → \({{\left( \frac{U+100}{U} \right)}^{2}}=4\)→ \(U=100\)kV.

\({U}'=U+200\)kV → \(\frac{\Delta P}{\Delta {P}'}={{\left( \frac{U+200}{U} \right)}^{2}}={{\left( \frac{100+200}{100} \right)}^{2}}=9\).

Chọn B.

Ta có:

\(T=\frac{1}{f}=\frac{1}{\left( 105,{{5.10}^{6}} \right)}\approx ~9,{{5.10}^{-9}}\)s.

Chọn B.

Ánh sáng đơn sắc không bị tán sắc khi đi qua lăng kính.

Chọn C.

Ta có:

\(v={{v}_{max}}\) → \(\varepsilon ={{\varepsilon }_{max}}\) tương ứng \(\lambda =0,243\)μm.

\(\frac{hc}{\lambda }=\frac{hc}{{{\lambda }_{0}}}+\frac{1}{2}mv_{max}^{2}\) → \({{v}_{max}}=\sqrt{\frac{2hc}{m}\left( \frac{1}{\lambda }-\frac{1}{{{\lambda }_{0}}} \right)}\).

thay số \({{v}_{max}}=\sqrt{\frac{2\left( 6,{{625.10}^{-34}} \right).\left( {{3.10}^{8}} \right)}{\left( 9,{{1.10}^{-31}} \right)}\left( \left( \frac{1}{0,243}-\frac{1}{0,5} \right).\left( \frac{1}{{{10}^{-6}}} \right) \right)}=9,{{61.10}^{5}}\)m/s.