Đáp án C

+ Đối với dao động điều hòa, khoảng thời gian ngắn nhất sau đó trạng thái dao động lặp lại gọi là chu kì dao động.

Đáp án C

+ Tần số dao động của con lắc lò xo x\(f=\frac{1}{2\pi }\sqrt{\frac{k}{m}}.\)

Đáp án D

+ Kết quả cuối cùng của quá trình điện phân là đồng chạy từ anot sang catot.

Đáp án A

+ Hai sóng kết hợp có cùng phương, tần số và độ lệch pha không đổi.

Đáp án C

+ Từ thông qua diện tích S được xác định bởi công thức \(\Phi =BS\cos \alpha .\)

Đáp án C

+ Chiết suất tỉ đối với môi trường khúc xạ và môi trường tới bằng tỉ số giữa chiết suất tuyệt đối của môi trường khúc xạ so với chiết suất tuyệt đối của môi trường tới.

Đáp án A

+ Cường độ điện trường gây bởi điện tích Q trong chân không tại vị trí cách Q một khoảng r được xác định bằng biểu thức \(E=k\frac{\left| Q \right|}{{{r}^{2}}}.\)

Đáp án B

+ Tần số góc của con lắc đơn \(\omega =\sqrt{\frac{g}{l}}.\)

Đáp án A

+  Tốc độ truyền sóng cơ trong các môi trường sắp xếp theo thứ tự giảm dần là rắn→lỏng→khí

Đáp án A

+ Dao động tắt dần có biên độ giảm dần theo thời gian. 

Đáp án A

+ Từ trường không có tác dụng với các điện tích đứng yên.

Đáp án D

+ Khi vật dao động điều hòa, chuyển động của vật từ vị trí biên về vị trí cân bằng là chuyển động nhanh dần.

Đáp án A

+ Công suất của nguồn \(P=\xi I.\)

Đáp án B

+ Biểu thức liên hệ giữa tần số f, vận tốc truyền sóng v và bước sóng \(\lambda \)là \(f=\frac{v}{\lambda }.\)

Đáp án A

+ Với thấu kính phân kì, vật thật luôn cho ảnh ảo.

Đáp án D

+ Pha ban đầu của dao động tổng hợp được xác định bằng biểu thức

 \(\tan \varphi =\frac{{{A}_{1}}\sin {{\varphi }_{1}}+{{A}_{2}}\sin {{\varphi }_{2}}}{{{A}_{1}}\cos {{\varphi }_{1}}+{{A}_{2}}\cos {{\varphi }_{2}}}.\)

Đáp án D

+ Dao động của con lắc đơn được coi là dao động điều hòa khi bỏ qua ma sát, lực cản của môi trường và biên độ dao động phải nhỏ.

Đáp án C

+ Con lắc lò xo có chu kì dao động tỉ lệ thuận với căn bậc hai của khối lượng.

Đáp án D

+ Để xác định được sự biến đổi của điện trở theo nhiệt đô ta cần: vôn kế ( đo hiệu điện thế hai đầu điện trở), ampe kế ( đo dòng điện chạy qua điện trở) và cặp nhiệt độ (đo nhiệt độ của điện trở).

Đáp án C

+ Vật đổi chiều chuyển động tại vị trí biên, lực phục hồi đổi chiều chuyển động tại vị trí cân bằng → C sai.

Đáp án D

+ Khoảng cách giữa hai điểm gần nhau nhất trên phương truyền sóng dao động cùng pha là một bước sóng.

Đáp án A

+ Với hai nguồn ngược pha, các điểm cực đại giao thoa thỏa mãn \({{d}_{2}}-{{d}_{1}}=\left( 2k+1 \right)\frac{\lambda }{2}.\)

Đáp án A

+ Biểu diễn các vị trí tương ứng trên hình vẽ \(\left\{ \begin{align} & x=-\frac{\sqrt{2}}{2}A={{x}_{1}} \\ & x=-\frac{\sqrt{3}}{2}A={{x}_{2}} \\ \end{align} \right.\)

Ta thấy \(\Delta {{t}_{\min }}=\frac{T}{6}+\frac{T}{8}=\frac{7T}{24}\)

Đáp án C

+ Gốc thời gian được chọn là lúc vật đi qua vị trí cân bằng theo chiều dương.

Đáp án B

+ Phương trình dao động của phần tử tại O:

\({{u}_{O}}=A\cos \left( \omega t+\frac{2\pi d}{\lambda } \right)\)

Đáp án A

+ Chuyển động của đu trong trường hợp này gọi là dao động cưỡng bức.

Đáp án B

+ Ta có \(\frac{T'}{T}=\sqrt{\frac{l'}{l}}=\sqrt{\frac{121}{100}}=1,1\to \)chu kì tăng lên 10%.

Đáp án D

+ Suất điện động cảm ứng và suất điện động tự cảm nói chung có sự khác nhau, suất điện động tự cảm chỉ là một trường hợp đặc biệt của suất điện động cảm ứng.

Đáp án D

+ Biên độ dao động tổng hợp \(A=\sqrt{A_{1}^{2}+A_{2}^{2}+2{{A}_{1}}{{A}_{2}}\cos \Delta \varphi }=8\sqrt{7}\text{ }cm.\)

Đáp án C

+ Trong quá trình chuyển động của proton lực Lorenxo đóng vai trò là lực hướng tâm.

\({{f}_{L}}=m{{a}_{ht}}\Leftrightarrow qvB=m\frac{{{v}^{2}}}{r}\Rightarrow v=\frac{qBr}{m}=4,{{79.10}^{4}}\) m/s.

Đáp án D

+ Công suất tiêu thụ ở mạch ngoài:

\(P={{I}^{2}}R=\frac{{{\xi }^{2}}}{{{\left( R+r \right)}^{2}}}R\Leftrightarrow 16=\frac{{{12}^{2}}}{{{\left( R+2 \right)}^{2}}}R\Rightarrow 16{{R}^{2}}-80R+64=0.\)

Phương trình trên cho ta hai nghiệm của R:

+Với \(R=1\Omega \to H=\frac{U}{\xi }=\frac{\frac{\xi }{R+r}R}{\xi }=\frac{R}{R+r}=0,33.\)

+ Với \(R=4\text{ }\Omega \to H=\frac{U}{\xi }=\frac{\frac{\xi }{R+r}R}{\xi }=\frac{R}{R+r}=0,67.\)

Đáp án C

+Ta có\(k=\frac{d'}{d}=-3\Rightarrow d'=3d=60\) cm.

Kết hợp với \(\frac{1}{d}+\frac{1}{d'}=\frac{1}{f}\Rightarrow f=15\)cm.

Đáp án A

+ Ta có \(\left\{ \begin{array}{l} \omega = \frac{{2\pi }}{{0,5}}\\ \frac{{2\pi }}{\lambda } = \frac{{2\pi }}{5} \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} \omega = 4\pi \\ \lambda = 5 \end{array} \right. \Rightarrow v = \frac{\lambda }{T} = \frac{{\lambda \omega }}{{2\pi }} = 10\) m/s.

Đáp án A

+ Độ biến dạng của lò xo tại vị trí cân bằng \(\Delta {{l}_{0}}=\frac{g}{{{\omega }^{2}}}=2,5\) cm.

→ Chiều dài của lò xo tại vị trí cân bằng \(l={{l}_{0}}+\Delta {{l}_{0}}=32,5\) cm. 

Đáp án A

+ Từ đồ thị ta xác định được \(\lambda =6\) độ chia và \(\Delta {{x}_{MN}}=3\)độ chia.

→ Độ lệch pha \(\Delta \varphi =\frac{2\pi \Delta {{x}_{MN}}}{\lambda }=\pi \) rad.

Đáp án C

 + Ta có \(\left\{ \begin{align} & {{F}_{\max }}=m{{\omega }^{2}}A \\ & {{a}_{\max }}={{\omega }^{2}}A \\ \end{align} \right.\Rightarrow m=\frac{{{F}_{\max }}}{{{a}_{\max }}}=1\) kg.

Đáp án A

Tần số góc của dao động \(\omega =\sqrt{\frac{k}{m}}=10\pi \) rad/s.

+ Độ biến dạng của lò xo tại vị trí cân bằng \(\Delta {{l}_{0}}=\frac{mg}{k}=1\)cm.

Biên độ dao động của vật là \(A=\sqrt{x_{0}^{2}+{{\left( \frac{{{v}_{0}}}{\omega } \right)}^{2}}}=5\)cm.

+ Chọn chiều dương của trục tọa độ hướng xuống, Thời gian vật chuyển động từ vị trí thấp nhất đến vị trí lò xo bị nén 1,5 cm ứng với chuyển động của vật từ \(x=+5\) cm đến \(x=-2,5\text{ }cm.\)

Ta có \(\Delta t=\frac{T}{4}+\frac{T}{12}=\frac{1}{15}\) s.

Đáp án D

+ Ta có:  \(\left\{ \begin{array}{l} {T_0} = 2\pi \sqrt {\frac{l}{g}} \\ {T_1} = 2\pi \sqrt {\frac{l}{{g + \frac{{gE}}{m}}}} \\ {T_2} = 2\pi \sqrt {\frac{l}{{g - \frac{{qE}}{m}}}} \end{array} \right. \Rightarrow \frac{1}{{T_1^2}} + \frac{1}{{T_2^2}} = \frac{2}{{T_0^2}} \Rightarrow {T_0} = 2,4\sqrt 2 s.\)

Đáp án D

+ Từ đồ thị, ta thu được \({{v}_{\max }}=\omega A=10\pi \sqrt{3}\)cm/s.

+ Trong khoảng thời gian \(\Delta t=\frac{1}{6}\text{ }s\) vận tốc của vật giảm từ \(v=-\frac{\sqrt{3}}{2}{{v}_{\max }}\)đến \(-{{v}_{\max }}\)

→ Từ hình vẽ ta có \(\left\{ \begin{array}{l} {\varphi _{0v}} = \frac{{5\pi }}{6}\\ \frac{T}{{12}} = \frac{1}{6} \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {\varphi _{0v}} = \frac{{5\pi }}{6}\\ T = 2 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} \varphi = \pi \\ A = 10\sqrt 3 \end{array} \right.\)

+ Phương trình li độ \(x=10\sqrt{3}\cos \left( \pi t+\frac{\pi }{3} \right)\) cm,

Đáp án B

+ M và N cùng loại do vậy ta luôn có hiệu số:

\(\Delta {{d}_{N}}-\Delta {{d}_{M}}=2\lambda \Rightarrow \lambda =3\)cm.

+Xét tỉ số \(\frac{{{S}_{1}}P-{{S}_{2}}P}{\lambda }=-6,9\to \) có 13 điểm cực đại trên PQ. .