Ở sinh vật nhân thực, mARN sơ khai sau khi được phiên mã ra từ mạch gốc của phân tử ADN mẹ sẽ phải trải qua một số quá trình biến đổi để hình thành nên mARN trưởng thành sau đó mới thực hiện được chức năng sinh học của nó. mARN sơ khai gồm có các đoạn intron và các đoạn êxôn, các đoạn intron không tham gia vào việc mã hóa prôtêin sẽ bị cắt bỏ, các đoạn êxôn được nối lại tạo thành mARN trưởng thành.

Tiêu hoá hoá học diễn ra ở miệng, ở dạ dày, ở ruột non nhưng chủ yếu diễn ra ở ruột non. Vì chỉ ở ruột non thì mới có đủ các loại enzym để tiêu hoá các loại chất hữu cơ có trong thức ăn.

Tần số alen A của quần thể này là: \(0,16 + \frac{{0,48}}{2} = 0,4\) 

Không phải lúc nào các yếu tố ngẫu nhiên cũng dẫn quần thể đến diệt vong. Các yếu tố ngẫu nhiên có thể sẽ mở ra một hướng phát triển mới cho quần thể.

+ A, B, C là đặc trưng của quần xã.

+ D là đặc trưng của quần thể.

Aa × Aa cho đời con có kiểu gen phân li theo tỉ lệ 1 : 2 : 1

Chú ý:  Số loại giao tử tối đa của cơ thể có kiểu gen AaBbDD là = 2² = 4 loại.

Số cách sắp xếp NST ở kì giữa của GP1 là: \({2^{n - 1}} = {2^{2 - 1}} = 2\) → Do đõ mỗi tế bào chỉ có 1 cách sắp xếp duy nhất trong 2 cách. Mỗi cách sẽ tạo 2 loại giao tử khác nhau.

Þ 1 tế bào sinh tinh cho 2 loại giao tử nên 2 tế bào sẽ cho 4 loại.

Þ Tế bào thứ 3 sẽ cho 2 loại trùng với 4 loại của 2 tế bào trên.

Cơ quan tương đồng là những cơ quan nằm ở những vị trí tương ứng trên cơ thể, có cùng nguồn gốc trong quá trình phát triển phôi nên có kiểu cấu tạo giống nhau.

+ A, B, C loại vì đây là những cơ quan tương tự

+ D chọn vì gai của cây xương rồng và tua cuốn ở cây đậu Hà Lan đều là biến dạng của lá.

Bài toán cho kiểu tương tác bổ sung. P thuần chủng bí quả tròn lai với nhau được F₁ gồm toàn cây bí quả dẹt nên ta quy ước gen: A-B- quy định quả dẹt; A-bb, aaB- quy định quả tròn; aabb quy định quả dài.

Vậy P: AAbb × aaBB. F₁: AaBb.

Cho F₁ tự thụ phấn được F₂ có tỉ lệ gồm 9 A-B- : 3 A-bb : 3 aaB- : 1 aabb

Kiểu hình: 9 bí quả dẹt : 6 bí quả tròn : 1 bí quả dài.

A sai. Thể truyền và đoạn gen cần chuyển phải được xử lý bằng 1 loại enzim cắt giới hạn bởi vì để tạo ra 2 đầu khớp nhau thì mới có thể liên kết với nhau.

C sai. Nếu thể truyền là virus thì sẽ chèn DNA vào gen trong nhân và nhân đôi phụ thuộc bộ gen trong nhân.

D sai. Các gen đánh đấu được gắn vào thể truyền với mục đích là dấu hiệu nhận biết tế bào được chuyển gen, giúp sàng lọc tế bào đã thành công trong việc chuyển gen và không thành công.

F₂: 12 đỏ : 3 vàng : 1 trắng; Qui định gen: A-B-, A-bb : hoa đỏ; aaB- : hoa vàng; aabb : hoa trắng.

Kiểu gen F₁: AaBb.

Hoa đỏ mang 1 cặp gen dị hợp có kiều gen: AaBB, AABb, Aabb.

Trong tổng số cây hoa trắng F₂, cây mang một cặp gen dị hợp tử chiếm tỉ lệ: \(\frac{{\frac{2}{{16}}.3}}{{\frac{{12}}{{16}}}} = \frac{1}{2}.\)

+ Nhóm nhân tố sinh thái vô sinh: là tất cả các nhân tố vật lý và hóa học của môi trường  xung quanh sinh vật như nhiệt độ ẩm, nhiệt độ, ánh sáng,...

+ A đúng: vì nhiệt độ môi trường là nhân tố vô sinh.

+ B, C, D sai: vì đây là nhóm nhân tố hữu sinh.

Thực vật có hoa xuất hiện ở đại trung sinh

Vì giao tử hoán vị chiếm tỉ lệ nhỏ hơn giao tử liên kết.

Tỉ lệ giao tử A1B1 = A2B2 < A1B2 = A2B1

Tỉ lệ C1 = C2 = 50%

Do đó tỉ lệ nhỏ nhất là A1 B1 C2

(P): ♀ \(\begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{AB}}}} \\ {\rm{ab}} \end{array}\)X^DX^d × ♂ \(\begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{AB}}}} \\ {\rm{ab}} \end{array}\)X^DY → aabb. X^dY = 0,04 → aabb = 0,16 = 0,4 ab x 0,4 ab

Trong tổng số cá thể cái F₁, các cá thể có kiểu gen đồng hợp

(\(\begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{AB}}}} \,\,\\ {\rm{AB}} \end{array}\) X^DX^D + \(% MathType!MTEF!2!1!+- % feaahqart1ev3aaatCvAUfeBSjuyZL2yd9gzLbvyNv2CaerbuLwBLn \begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{ab}}}} \,\,\\ {\rm{ab}} \end{array}\) X^DX^D + \(\begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{Ab}}}} \,\,\\ {\rm{Ab}} \end{array}\) X^DX^D + \(\begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{aB}}}} \,\,\\ {\rm{aB}} \end{array}\) X^DX^D) = \(\frac{{\frac{1}{4}.(0,4.0,4.2 + 0,1.0,1.2)}}{{\frac{1}{2}}} = 0,17.\)

A đúng. Vì đột biến thay thế 1 cặp nuclêôtit có thể không làm thay đổi tỉ lệ (A+T)/(G+X) của gen trong trường hợp thay thế cặp A-T bằng cặp T-A hoặc chính nó, thay thế cặp G-X bằng cặp X-G hoặc chính nó.

B đúng. Đột biến điểm có thể có hại, có lợi, hoặc trung tính với thể đột biến.

C đúng. Đột biến gen có thể làm tăng hoặc giảm số lượng liên kết hiđro của gen. Ví dụ: Đột biến mất 1 cặp A-T làm giảm 2 liên kết hiđro của gen.

D sai. Vì thể đột biến là những cơ thể mang đột biến đã biểu hiện ra kiểu hình.

Mao mạch là nơi xảy ra sự trao đổi chất giữa máu và các tế bào của cơ thể.

Độ đa dạng của quần xã càng cao thì số lượng cá thể của mỗi quần thể càng giảm.

Các nhận định không đúng là I, II, IV.

I sai vì càng xa tim, huyết áp càng giảm.

II sai vì tổng tiết diện của mao mạch là lớn nhất.

IV sai vì huyết áp giảm dần, ở tĩnh mạch chủ huyết áp thấp nhất.

Ta thấy: 12% = 0,4 x 0,3.

\(\begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{AB}}}} \,\,\\ {\rm{ ab}} \end{array}\)giảm phân tạo ra tỉ lệ giao tử AB = ab = 40%. \(\begin{array}{l} \underline{\underline {{\rm{DE}}}} \\ {\rm{de}} \end{array}\)giảm phân tạo ra tỉ lệ giao tử DE = de = 30%.

Vậy giao tử có tỉ lệ 12% là: AB DE; AB de; ab DE; ab de.

Cách li sau hợp tử là hiện tượng hợp tử bị chết hoặc cơ thể con không có khả năng sinh sản. Trong 4 ví dụ mà đề bài đưa ra, ví dụ B là cách li sau hợp tử. Các ví dụ A, C và D đều là cách li trước hợp tử.

I sai. Không có cơ sở để khẳng định.

II sai. Mối quan hệ sinh thái phù hợp nhất giữa loài A và B là quan hệ cộng sinh.

III sai.

IV đúng.

Các nhận định đúng là I, II, III.

Ta thấy nước vôi bị vẩn đục do khí CO₂ sinh ra khi hạt nảy mầm.

Khí CO₂ sẽ tác dụng với nước vôi sinh ra CaCO₃ làm đục nước vôi trong.

PT: CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O

II sai

Đặt \({A_1} = {T_2} = x,{T_1} = {A_2} = y,{G_1} = {X_2} = z,{X_1} = {G_2} = t\)

Theo đề bài, ta có hệ phương trình sau: \(\left\{ \begin{array}{l} x = t\\ z - x = 125\\ x + y + z + t = 1500\\ y + t = 0,75 \times (x + y + z + t) \end{array} \right.\) \(\to x = 125,y = 1000,z = 250,t = 125\)

I. Tỉ lệ \(\frac{{{A_1} + {G_2}}}{{{A_2} + {G_1}}} = \frac{{x + t}}{{y + z}} = \frac{{125 + 125}}{{1000 + 250}} = 0,2\).

II. \(\frac{G}{{2(A + G)}} = \frac{{375}}{{2 \times 1500}} \times 100\% = 12,5\% \)

III. Do A gen = 3 G gen , nên khi gen nhân đôi 4 lần cần môi trường nội bào cung cấp A gấp 3 lần G.

IV. Sau đôt biến: A = 1124 và G = 376. Sau 3 lần nhân đôi:

- Môi trường cung cấp số nuclêôtit loại A là: \(1124 \times ({2^3} - 1) = 7868\)

- Môi trường cung cấp số nuclêôtit loại G là: \(376 \times ({2^3} - 1) = 2632\)

Do đó: Môi trường cung cấp số nuclêôtit loại A nhiều hơn số nuclêôtit loại G là 5236.

I, III đúng

II sai. Vì protein ức chế thường xuyên được tổng hợp. Gen điều hòa liên tục phiên mã để tổng hợp ra protein ức chế.

IV sai. Vì khi không có lactôzơ thì protein ức chế bám lên vùng O (vùng vận hành) để ức chế sự phiên mã của các gen trong operon Lac).

I sai. Sự giảm kích thước quần thể nai không phải là kết quả của sự gia tăng quần thể bò.

II sai. Sói ăn cả nai và bò rừng.

III đúng.

IV sai. Những năm đầu có sự xuất hiện của sói, quần thể nai và bò đều giảm.

Các nhận định đúng là III.

Các mẻ lưới đánh bắt ở từng vùng phản ánh tình trạng quần thể cá hiện tại.

Quần thể ở vùng A có dạng tháp tuổi trẻ, đại diện cho quần thể đang phát triển.

Quần thể ở vùng B có dạng tháp tuổi ổn định.

Quần thể ở vùng C có dạng tháp tuổi suy thoái.

I sai, vì quần thể ở vùng C phải là quần thể có mật độ cao nhất do tỉ lệ nhóm trước sinh sản rất ít, nhóm sau sinh sản rất đông chứng tỏ sức sinh sản của quần thể giảm. Điều này thường xảy ra khi mật độ quần thể quá cao.

II sai vì quần thể ở vùng C là dạng suy thoái nên tốc độ tăng trưởng thường chậm nhất trong 3 vùng.

III đúng, vùng B đang được khai thác một cách hợp lý, do đó, quần thể có dạng tháp ổn định.

IV sai, vì mật độ cá thể trong quần thể vùng C cao nên muốn giúp quần thể ở vùng C phát triển ổn định cần đánh bắt các con ở độ tuổi trưởng thành để làm giảm mật độ chứ không nên thả thêm cá vào, sẽ càng tăng sự cạnh tranh giữa các cá thể.

Có 4 giao tử có thể xuất hiện là: \(\underline {AB} ,\underline {ab} ,\underline {Ab} ,\underline {aB} \).

-Để tạo ra đời con có tỉ lệ kiểu gen là 1:1 thì một bên chỉ xuật hiện 1 loại giao tử và bên kia tạo ra 2 loại giao tử. Phép tính: \(C_4^2 \times 4 = 24\) → I đúng

-Để tạo ra đời con kiểu gen đồng nhất thì có 2 trường hợp.

TH1: Hai bên cho chỉ một loại giao tử và hai loại khác nhau: \(C_4^2 = 6\)

TH2: Hai bên cho chỉ một loại giao tử và giống nhau: \(C_4^1 = 4\)

Vậy số phép lai cho đời con có kiểu gen đồng nhất là: 6+4=10 → II đúng

-Để tạo ra đời con có tỉ lệ kiểu gen là 1:2:1 thì mỗi bên cho hai giao tử khác nhau và giống nhau ở cả 2 bên. Phép tính: \(C_4^2 = 6\) → III đúng

-Để tạo ra đời con có tỉ lệ kiểu gen là 1:1:1:1 thì có hai trường hợp:

TH1: Mỗi bên có 2 loại giao từ khác nhau và khác nhau ở cả 2 bên: Có 3 trường hợp

TH2: Mỗi bên có 2 loại giao tử khác nhau và giống nhau một trong 2 giao tử: Có \(C_4^3 \times 3 = 12\) trường hợp ( trong đó chọn 3 trong 4 loại giao tử là \(C_4^3\), chọn một trong 3 loại giao tử đó là giao tử trùng nhau)

Vậy số phép lai cho đời con có tỉ lệ kiểu gen 1:1:1:1 là 3+12=15 → IV đúng

I, III, IV đúng

II sai. Vì một nơi ở sẽ có nhiều loài và các loài sẽ có sự phân li ổ sinh thái nên khác nhau.

I đúng.

II đúng. Vì vật chất di truyền có U và tỉ lệ 4 loại nucleotit không bằng nhau.

III sai. Số nucleotit của đoạn mARN là 29674 – 29558 +1 = 117 nu.

IV sai. Số aa do đoạn gen mã hóa là 117/3 – 1 = 38 aa.

Các nhận định đúng là IV, V.

I sai cả hai hệ sinh thái đều là những hệ thống mở.

II sai hệ sinh thái tự nhiên có thành phần loài cao hơn so với hệ sinh thái nhân tạo.

III sai hệ sinh thái tự nhiên có khả năng tự thích ứng, tự điều chỉnh cao hơn so với hệ sinh thái nhân tạo.

Không có đáp án nào đúng

(P): ♀AaBbDdee x ♂AabbDdEe

Ta có các tổ hợp giao tử như sau:

• \(\frac{1}{4}AA:\frac{1}{2}Aa:\frac{1}{4}aa\); \(\frac{1}{2}Bb:\frac{1}{2}bb\); \(\frac{1}{2}Ee:\frac{1}{2}ee\)

→ Số kiểu gen xuất hiện của gen a là 3; gen b là 3 và gen e là 2.

• \(\left( {0,025DD:0,025O:0,5d:0,45D} \right) \times \left( {0,05dd:0,05O:0,5D:0,4d} \right)\)

→ Số kiểu gen xuất hiện của gen d là: 4 alen ( có 1 kiểu gen), 3 alen ( có 4 kiểu gen), 2 alen ( có 3 kiểu gen), 1 alen ( có 2 kiểu gen), 0 alen (có 1 kiểu gen) =11 kiểu gen

I sai. Vì số kiểu gen tối đa ở đời con là: 3x2x2x11 = 132

II sai. Vì cá thể đột biến thể ba có số kiểu gen là:  3x2x2x4 = 48

III sai. Vì: Tỉ lệ kiểu gen AAbbDDEe ở đời con là: \(0,25 \times 0,5 \times (0,025 \times 0,05 + 0,45 \times 0,5) \times 0,5 = 1,41\% \)          

IV sai. Vì: Tỉ lệ của các loại đột biến thể ba thu được ở đời con cũng chính là tỉ lệ số giao tử chứa 3 alen của gen d: \(0,025 \times (0,5 + 0,4) + 0,05{\rm{x}}(0,45 + 0,5) = 7\% \).

I, II, III, IV đúng

Dựa vào kết quả của phép lai 1, suy ra vàng trội so với xám, xám trội so với trắng.

Dựa vào kết quả của phép lai 2, suy ra đỏ trội so với vàng, vàng trội so với xám.

Như vậy, thứ tự trội lặn của các tính trạng là đỏ > vàng > xám > trắng.

Quy ước: A1 – lông đỏ; A2 – lông vàng; A3 – lông xám; A4 – lông trắng.

I đúng. Vì lông đỏ là tính trạng trội nhất, có 4 kiểu gen qui định kiểu hình lông đỏ.

Ở phép lai 1, sơ đồ lai là A2A4 × A3A4.Vì vậy, khi cho các cá thể lông xám F₁ này lai với cá thể lông trắng (A4A4) thì đời con có 50% cá thể lông trắng (A4A4). → II đúng.

Phép lai 2 có tỉ lệ 2 đỏ : 1 vàng : 1 xám cho nên P có thể có kiểu gen là: A1A3 × A2A3 hoặc A1A4 × A2A3 hoặc A1A3 × A2A4. Do đó, F₁ luôn có 4 kiểu gen. → III đúng.

Cá thể lông vàng ở P của phép lai 2 có kiểu gen là A2A3 hoặc A2A4. Do đó, nếu cá thể lông vàng ở P của phép lai 2 là A2A4 thì khi lai với cá thể lông trắng (A4A4) sẽ cho đời con có tỉ lệ 1 vàng : 1 trắng. → IV đúng.

I sai, II đúng.

3’-TAX GGT XAA TXT GGT TXT GGT TXT TXT GAG XAA-5’

GGT mã hóa axit amin loại Y

XAA mã hóa axit amin loại X

TXT mã hóa axit amin loại Z

GAG mã hóa axit amin loại W

III đúng.

IV sai. Có 4 vị trí. Đột biến từ bộ ba TXT thành AXT → mã hóa UGA

3’-TAX GGT XAA TXT GGT TXT GGT TXT TXT GAG XAA-5’

Các nhận định đúng là I.

Qui định gen: A-B-: đỏ, A-bb, aaB- : hồng, aabb: trắng; D: cao, d: thấp.

P giao phấn: Cao, đỏ x Cao, hồng;  F1: (3 đỏ : 4 hồng : 1 trắng) (3 cao : 1 thấp).

→ KG P: AaBb, Dd (cây X) x Aabb, Dd (cây Y) hoặc AaBb, Dd (cây X) x aaBb, Dd (cây Y). Vì vai trò A và B ngang nhau, nên ta chỉ xét một trường hợp là KG P: AaBb, Dd (cây X) x Aabb, Dd (cây Y)

F1: (3 đỏ : 4 hồng : 1 trắng) (3 cao : 1 thấp) khác đề bài.

→ P (cây X) dị hợp 3 cặp gen, nằm trên 2 cặp NST khác nhau, có hoán vị gen.

→ P (cây Y) có thể dị hợp 3 cặp gen hoặc 2 cặp gen, nằm trên 2 cặp NST khác nhau, có thể hoán vị gen hoặc không có hoán vị gen.

* Giả sử ở P, 2 cặp gen Aa và Dd nằm trên cùng 1 cặp NST. P: AaDd, Bb (cây X) x AaDd, bb (cây Y)

F1 có cao, đỏ (A-B-D-) = 0,3 →  A-D- = 0,6 →A-dd = aaD- = 0,15, aadd = 0,1.

→ Hồng, cao (A-D-bb + aaD-B-) = \(0,6.\frac{1}{2} + 0,15.\frac{1}{2} = 0,375\) (khác đề bài) →Loại trường hợp 2 cặp gen Aa và Dd nằm trên cùng 1 cặp NST.

* Giả sử ở P, 2 cặp gen Bb và Dd nằm trên cùng 1 cặp NST. P: Aa, BbDd (cây X) x Aa, bbDd (cây Y)

F1 có cao, đỏ (A-B-D-) = 0,3 → B-D- = 0,4 → B-dd = 0,1; bbD- = 0,35; bbdd = 0,15.

→  Hồng, cao (A-bbD- + aaB-D-) = \(0,35.\frac{3}{4} + 0,4.\frac{1}{4} = 0,3625\) (đúng đề bài) → Nhận trường hợp 2 cặp gen Bb và Dd nằm trên cùng 1 cặp NST.

→ bbdd = 0,15 = 0,3 bd x 0,5 bd  → KG (P) là   AabD//bd (f = 0,4) (cây X)  x  AabD//bd (cây Y).

* Cho cây X tự thụ phấn, AaBD//bd (f = 0,4) (cây X) x AaBD//bd (f = 0,4) (cây X) ở đời con tỉ lệ các cá thể mang 1 cặp gen đồng hợp tử trội (AA bd//bd+ AA BD//bd+ AA Bd//bD+ AA Bd//bd+ AA bD//bd);

(Aa Bd//Bd+ Aa bD//bD+ Aa BD//Bd+ Aa BD//bD); (aa Bd//Bd+ aa bD//bD+ aa BD//Bd+ aa BD//bD)

= \(\frac{1}{4}.(0,09 + 0,18 + 0,08 + 0,12.2) + \frac{2}{4}.(0,04.2 + 0,12.2) + \frac{1}{4}.(0,04.2 + 0,12.2) = 0,3875\) →I đúng.

* Cho cây Y tự thụ phấn, AabD//bd (cây Y) x AabD//bd (cây Y) ở đời con tỉ lệ các cá thể mang kiểu gen đồng hợp tử (AA bD//bD+ AA bd//bd+ aa bD//bD+ aa bd//bd) = \(\frac{1}{2}.\frac{1}{2} = \frac{1}{4}.\) → II sai.

* Cho cây X lai phân tích, AaBD/bd(f = 0,4) (cây X) x aa bd//bd ở đời con kiểu gen đồng hợp tử lặn về 3 cặp gen (aa bd//bd) = \(\frac{1}{2}.0,4 = \frac{1}{5}.\)→ III sai.

* Trong tổng số cây hoa hồng, thân cao ở F1, cây mang kiểu gen dị hợp tử 1 cặp gen

(AA bD//bD+ Aa bD//bD+ aa BD//bD) = \(\frac{{\frac{1}{4}.0,25 + \frac{2}{4}.0,1 + \frac{1}{4}.0,15}}{{0,3625}} = \frac{{12}}{{29}}.\)→ IV sai.

Ptc → F1 dị hợp

F2: xét riêng từng tính trạng

Đỏ : trắng = 9 : 7 → tương tác bổ sung, quy ước gen:

A-B-: đỏ ; A-bb / aaB-/ aabb: trắng → I đúng

Cao : thấp = 3 : 1 → D: cao > d: thấp

Tích các tỉ lệ: (9:7) × (3:1) ≠ đề → các gen quy định tính trạng màu sắc và chiều cao không phân li độc lập

Tính trạng mắt đỏ, chân thấp chỉ xuất hiện ở con đực → Gen trên NST giới tính X, không có alen trên Y

→ 1 trong 2 gen quy định màu mắt nằm trên cùng 1 NST với gen quy định độ dài chân, giả sử cặp gen Aa và Dd cùng nằm trên NST X

P: \(X_D^AX_D^ABB \times X_d^aYbb \to X_D^AX_d^aBb:X_D^ABb\)

II sai Con đực mắt đỏ, chân thấp: \(X_d^AYB\_\) = 4,6875%

→ \(X_d^AY\) = 4,6875% : 75%B_ = 0,0625 → \(X_d^A\)= 0,0625:0,5 = 0,125 → f=25%

III đúng Các kiểu gen mắt đỏ - chân cao:

+ Cái: 8 kiểu gen: \(X_D^A\left( {X_D^A:X_d^a:X_d^A:X_D^a} \right)\left( {BB:Bb} \right)\)

+ Đực: 2 kiểu: \(X_D^AY\left( {BB:Bb} \right)\)

→ Có 10 kiểu gen quy định tính trạng mắt đỏ, chân cao

IV đúng cái F1: \(X_D^AX_d^aBb\) giao phối với đực mắt đỏ, chân thấp mang các alen khác nhau : \(X_d^AYBb\)

+ \(X_D^AX_d^aBb\) (f = 12,5%) × \(X_d^AYBb\) → Mắt trắng, thân thấp đồng hợp: (AAbb + aaBB)dd

\(X_D^AX_d^a\) → \(X_D^A\) = \(X_d^a\) = 0,4375 ; \(X_D^a\) = \(X_d^A\) = 0,0625

\(X_d^AY\) → 1/2 \(X_d^A\) : 1/2  Y

→ \(X_D^AX_d^a\) × \(X_d^AY\)→ Ad và ad = 0,4375 × 0,5 + 0,0625 × 0,5 = 1/4

+ Bb × Bb → BB + bb = 1/2

→ (AAbb + aaBB)dd = 1/4 × 1/2 = 12,5%.

I, III đúng

Quy ước gen: A-bb quy định hoa vàng; A-B- hoặc aaB- quy định hoa đỏ; aabb quy định hoa trắng.

I đúng. Cây dị hợp về 2 cặp gen tự thụ phấn: AaBb × AaBb à F₁ có tỉ lệ 12 cây hoa đỏ : 3 cây hoa vàng : 1 cây hoa trắng à Có 6,25% số cây hoa trắng.

II sai. Vì nếu cây hoa vàng có kiểu gen Aabb thì khi lai với cây hoa trắng sẽ có đời con với tỉ lệ 1 vàng : 1 trắng.

III đúng. Vì nếu cây hoa đỏ là cây aaBb thì sẽ sinh ra đời con có tỉ lệ 3 đỏ : 1 trắng.

IV sai. Vì cây hoa vàng có kiểu gen là A-bb nên không thể sinh ra đời con có 75% số cây hoa trắng (aabb).

I sai. Cây quả vàng thuần chủng có kiểu gen aa.

Một đột biến xảy ra gây đột biến aa thành Aa, biểu hiện kiểu hình quả trắng.

Suy ra đột biến ở đâylà đột biến gen trội. AA, Aa: quả trắng; aa: quả vàng. 

II đúng. Phân tích F₁ ta có:

Trắng/ vàng = 1 : 1 → Aa× aa

Þ Cây quả trắng tự thụ phấn ÞAa × Aa → F₂:  1AA: 2Aa: 1aa

Þ Cây thuần chủng (AA + aa) chiếm tỉ lệ 50%.

III sai.

Phân tích F₁ ta có:

Trắng/ vàng = 1 : 1 → Aa× aa

Thân to/ thân nhỏ = 3/ 1  → Bb × Bb.

Þ (Aa, Bb) × (aa, Bb)

Tỷ lệ chung của đề bài là: 0,49 quả vàng, thân to: 0,01 quả vàng, thân nhỏ: 0,26 quả trắng, thân to: 0,24 quả trắng, thân nhỏ.

Nhận thấy (1 : 1) (3: 1) khác tỉ lệ đề bài → có xảy ra hoán vị gen.

IV sai.

Ta có: 0,01 quả vàng, thân nhỏ → aabb = 0,01 → \(\underline {ab} = 0,01:50\% = 0,02\) →\(f = 2 \times 0,02 = 0,04 = 4\% \) 

\(\frac{{\underline {Ab} }}{{aB}}(f = 4\% ) \times \frac{{\underline {aB} }}{{ab}}\) → 26% A_B_ : 24% A_ bb: 49% aaB_  : 1% aabb

Quả trắng, thân to có các kiểu gen \(\frac{{\underline {AB} }}{{aB}};\frac{{\underline {AB} }}{{ab}};\frac{{\underline {Ab} }}{{aB}}\) với tỉ lệ lần lượt là: 0,01 : 0,01 : 0,24 → Quy về 100% ta có:  \(\frac{1}{{26}}\frac{{\underline {AB} }}{{aB}};\frac{1}{{26}}\frac{{\underline {AB} }}{{ab}};\frac{{24}}{{26}}\frac{{\underline {Ab} }}{{aB}}\)

Tần số giao tử được tạo ra là: 73/1300 AB, 577/1300 Ab: 301/650 aB: 12/325 ab.

⇒ Xác suất xuất hiện cây quả vàng, thân nhỏ ở đời con là: \(\frac{{\underline {ab} }}{{ab}} = {\left( {\frac{{12}}{{325}}} \right)^2} \approx 0,136\% \approx 1,36\)

(1) và (2) không bệnh sinh con gái (5) bệnh → Bệnh do gen lặn qui định, gen nằm trên NST thường.

Qui ước gen: A : bình thường, a : bị bệnh.

* Xét tính trạng bệnh:

* Xét tính trạng nhóm máu:

* Xác định được tối đa kiểu gen của 3 người trong các gia đình trên là: 1, 2, 6. →I sai.

(7) (1/2 I^AI^A : 1/2 I^AI^O) x (8) (1/2 I^BI^B : 1/2 I^BI^O) → (12) và (14) (9/16 I^AI^B : 3/16 I^AI^O : 3/16 I^BI^O : 1/16 I^OI^O).

* Xác suất sinh một người con không bị bệnh mang nhóm máu AB của cặp vợ chồng (11) và (12)

(11) aa (5/9 I^BI^B : 4/9 I^BI^O) x (12) (1/3AA : 2/3Aa) (9/16 I^AI^B : 3/16 I^AI^O : 3/16 I^BI^O : 1/16 I^OI^O).

G: a = 1 ; (I^B = 7/9, I^O = 2/9)         (A = 2/3, a = 1/3) ; (I^A = 3/8, I^B = 3/8, I^O = 2/8)

= 2/3. 7/9. 3/8 = 7/36 → II đúng.

* Xác suất người con gái (14) mang kiểu gen dị hợp tử

(1/3AA : 2/3Aa) (9/16 I^AI^B : 3/16 I^AI^O : 3/16 I^BI^O : 1/16 I^OI^O).

= 1 - 1/3 . 1/16 = 47/48 (1 - AA I^OI^O) → III sai.

* Xác suất sinh hai người con không bị bệnh mang nhóm máu B của cặp vợ chồng (14) và (15)

(14) (1/3AA : 2/3Aa) (9/16 I^AI^B : 3/16 I^AI^O : 3/16 I^BI^O : 1/16 I^OI^O) x (15) (3/7AA : 4/7Aa) I^AI^B

\(\left[ {\frac{1}{3}.\frac{3}{7}{{.1}^2} + \frac{1}{3}.\frac{4}{7}{{.1}^2} + \frac{2}{3}.\frac{3}{7}{{.1}^2} + \frac{2}{3}.\frac{4}{7}.{{\left( {\frac{3}{4}} \right)}^2}} \right].\left[ {\frac{9}{{16}}.1.{{\left( {\frac{1}{4}} \right)}^2} + \frac{3}{{16}}.1.{{\left( {\frac{1}{4}} \right)}^2} + \frac{3}{{16}}.1.{{\left( {\frac{2}{4}} \right)}^2} + \frac{1}{{16}}.1.{{\left( {\frac{1}{2}} \right)}^2}} \right] = \frac{5}{6}.\frac{7}{{64}} = \frac{{35}}{{384}}.\) → IV đúng.