Đáp án C

(1), (4), (6)

Đáp án D

Các ancol tan dễ dàng trong nước là nhờ có liên kết hiđro giữa ancol và các phân tử nước.

Hỗn hợp M gồm hai ancol X và Y là đồng đẳng kế tiếp.

M + O₂ → 0,3 mol CO₂ và 0,425 mol H₂O

Ta thấy n_H2O > n_CO2 nên X và Y là hai ancol no, mạch hở.

Đặt công thức chung của hai 2 ancol là C_nH_2n+2O_a

PTHH: C_nH_2n+2Oa + (3n+1−a) : 2O₂ ⟶ nCO₂ +(n+1)H₂O

Ta có: nCO₂ : nH₂O = n : (n + 1) = 0,3 : 0,425 ⇒ n = 2,4

⟶ Hai ancol đó là C₂H₆O_a và C₃H₈O_a

Khi cho 0,25 mol M + Na dư thu được chưa đến 0,15 mol H₂

→ Hai ancol cần tìm là ancol đơn chức

→ Hai ancol là C₂H₆O và C₃H₈O

Gọi nCu = a mol; nFe = b mol

Phần 1: 2a + 3b = 1,2 mol

Phần 2: 2a = 0,3 mol → a = 0,15 mol → b = 0,3 mol

\(\% nCu = \frac{{0,15}}{{0,15 + 0,3}}.100\%  = 33,33\% \) → %nFe = 66,67%

Ta có phản ứng:

K₂Cr₂O₇ + FeSO₄ + H₂SO₄ (X)→ Fe₂(SO₄)₃ + K₂SO₄ + Cr₂(SO₄)₃ + H₂O

Cr₂(SO₄)₃ + NaOH_dư → NaCrO₂ + Na₂SO₄ + H₂O

NaCrO₂ + NaOH + Br₂ (X)→ Na₂CrO₄ + NaBr + H₂O

Các axit oxalic, axit tactric có vị chua → ta dùng Nước vôi trongdo nước vôi trong có môi trường bazo (OH-) kết hợp với H⁺ của axit → dẫn đến giảm được vị chua

OH^-  +  H⁺ → H₂O

Từ gỉa thuyết đề bài cho → 2 chất trong X là C_nH_2nO₂ và C_mH_2mO₂ với (m>n)

Số mol của C_mH_2mO₂ là 0.336/22.4=0.015

Sô mol của C_nH_2nO₂ là 0,4.0,1.0,015 =0.025

Đốt chấy hỗn hợp X thu được: tổng số mol CO₂ và H₂O là 0.03m +0.05n

(0,015.m+0,025.n).18 + (0,015.m+0,025.n) .44 = 6,82

→ 0.03 m + 0.05n = 0.22 → 3m + 5n = 22 (m > n,m,n là số nguyên)

→ m =4, n = 2

→ CH₃COOH và CH₃COOC₂H₅

Dung dịch natri phenolat không phản ứng với etanol

Đáp án D

nAg = 4nHCHO + 2nHCOOH = 0,1.4 + 0,1.2 = 0,6 mol

→ mAg = 64,8 gam

Kim loại Cu khử được ion Cr³⁺ trong dung dịch về Cr

→ Sai → Đáp án B

Thu bằng phương pháp đẩy nước → chất khí tan ít hoặc không tan trong nước

Mặt khác N₂ chỉ điều chế trong phòng thí nghiệm bằng cách nhiệt phân NH₄NO₂ hoặc (NaNO₂; NH₄NO₃)

HCl  là chất điện li

Đáp án A

Theo lý thuyết sgk, bạc dẫn điện tốt nhất, sau đó là đồng, vàng ...

→ Đáp án B

Dãy gồm các chất đều làm giấy quỳ tím ẩm chuyển sang màu xanh là metyl amin, amoniac, natri axetat

Đáp án A   

nH2O > nCO2 → ankan → CH4

2,3-dihidroxit propanal → CH2OH-CHOH-CHO

Metyl fomiat: HCOOCH3

Fructozo C6H12O6

Andehit fomic: HCHO

So sánh thấy tỉ lệ số C : H : O = 1 : 2 : 1

Gọi công thức chung là CnH2nOn: a mol

Phương trình:

CnH2nOn + nO2 → nCO2 + nH2O

Từ phương trình → nCO2 = nO2 = nH2O

→ lượng O2 dùng để đốt cháy C

Coi hỗn hợp gồm C và H2O

Như vậy 

MY = 15,6.2 = 31,2 hay 31,2.(2a + 1 - a) = 44a + 18a + 32.(1 - a) → a = 2/3

→ m = 12a + 18a = 20 gam

n_glu = n_Br2 = 8: 160 = 0,05 (mol)

n_Ag = 43,2 : 108 = 0,4(mol) → n_glu + n_fruc = 0,2 (mol)

→ n_fruc = 0,2 – 0,05 = 0,15 (mol)

Đáp án A

nFe = 3,36/56 =0,06 mol

Mg       +     2Fe³⁺    →     Mg²⁺     +  2Fe²⁺

0,06     ←    0,12      →                       0,12

Mg       +      Fe²⁺    →      Mg²⁺  +    Fe

 0,06                        ←                   0,06

→ m = 0,12 . 24 = 2,88 gam

nAl = 2/3.nH₂ = 2/3.0,16 → mAl = 2,88 gam

K, Na, Ba, Ca phản ứng với nước ở nhiệt độ thường

Đáp án C

Đáp án A

Với các chất có cùng hoặc M gần bằng nhau thì chất nào có liên kết H với H₂O mạnh nhất thì có nhiệt độ sôi cao nhất. CH₃COOH có liên kết H với H₂O mạnh nhất nên có nhiệt độ sôi cao nhất.

Đáp án B

Bậc của amin chính là số nguyên tử hidro được thay thế

nCO₂ = nH₂O = 0,25 (mol) → X, Y là 2 este no đơn chức, mạch hở

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng: m_Z + mO₂ = mCO₂ + mH₂O → m_Z = mCO₂ + mH₂O - mO₂ = 0,25.44 + 4,5 - 0,275.32 = 6,7 (gam)

Áp dụng BTNT với oxi, ta có:

n_Z = nCO₂ + nH₂O/2 - nO₂ = 0,25 + (0,25/2) - 0,275 = 0,1 (mol)

→ M_Z = 6,7 : 0,1 = 67

→ X là HCOOCH₃ (M = 60) 

CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH

nC₂H₅OH = 0,1 mol → mCH₃COOC₂H₅ = 0,1.88 = 8,8 gam

Khi đốt cháy anken ta luôn thu được n_CO2 = n_H2O

Đặt n_CO2 = n_H2O = a mol

Theo đề bài ta có: m_CO2 – m_H2O = 39 → 44a – 18a = 39 → a = 1,5 mol

Gọi công thức của 2 hiđrocacbon là: C_nH_2n

Ta có: n = nCO₂ : nhh = 1,5 : 0,4 = 3,75

Vậy công thức của 2 anken là: C₃H₆ và C₄H₈

Đáp án A

m = 0,11.M = 0,11.97 = 10,67 (gam)

nFeO = 0,15 mol

2H⁺ + O^2- → H₂O → nH⁺ = nHCl = 2nO^2- = 0,15.2 = 0,3 mol

Đáp án A

X không làm quỳ đổi màu → loại axit fomic và axit axetic

X tác dụng với AgNO₃/NH₃ → loại etyl axetat

→ X là HCOOCH₃: metyl fomat

Gọi công thức CxHyOz ta có 

M = 12x : 0,6122 =19,6x ( x nguyên)

→ x = 5

Axit HCl, HF, HI, HBr, HNO₃,H₃PO₄,H₂Schỉ có tính oxi hóa $\to$ không phản ứng ngược trở lại với H₂SO₄ . Nên có thể điều chế được bằng cách cho tinh thể muối của nó tác dụng với H₂SO₄ đặc, nóng.

Axit HI, HBr, H₂S chứa ion ${\mathrm{I}}^{-}, {\mathrm{Br}}^{-}$và ${\mathrm{S}}^{2-}$ có tính khử sẽ tác dụng ngược trở lại với H₂SO₄ , Do vậy không thể thu được HI, HBr và H₂S

Quy đổi hỗn hợp A thành:$C_n{H}_{2n+3}N$: a mol

Phản ứng đốt cháy: 

C_nH_2n+3N + (1,5n + 0,75)O₂ → nCO₂ + (n + 1,5)H₂O + 0,5N₂

\(\frac{{2,28}}{{14n + 17}} = \frac{{0,18}}{{1,5n + 0,75}} \to n = 1,5 \to a = 0,06\)

Cho A tác dụng với HCl thì

$m_{muo\mathrm{i }}= m_{\mathrm{A }}+ 36,5n_{HC\mathrm{l }}= 13,41 \left(gam\right)$

Nước có chứa các ion: \(C{a^{2 + }},M{g^{2 + }},HCO_3^ - ,SO_4^{2 - }\) và Cl- gọi là nước có tính cứng toàn phần    

Đáp án A

Do axit đơn chức nên trong phân tử chỉ có 2 nguyên tử oxi

→ %m_O = 32/ M_A = 37,2%

→ M_A = 86g

→ A là C₃H₅COOH có 1 liên kết pi trong gốc C₃H₅ và phân nhánh

→ A là CH₂=C(CH₃) –COOH → không có đồng phân hình học

Thuốc thử để nhận biết tinh bột là I₂        

Đáp án A

Đáp án B

Theo nguyên lí chuyển dịch cân bằng → để phản ứng chuyển dịch theo chiều thuận thì cần tăng áp suất và giảm nhiệt độ.

nAl(OH)₃ thu được = 7,8/78= 0,1 mol

Để NaOH cần dùng là lớn nhất thì kết tủa bị hòa tan một phần

2NaOH + H₂SO₄→ Na₂SO₄+ 2H₂O (1)

0,2←           0,1

6NaOH+ Al₂(SO₄)₃ → 3Na₂SO₄ + 2Al(OH)₃↓ (2)

0,6←      0,1→                                0,2

NaOH+ Al(OH)₃ → NaAlO₂+ 2H₂O (3)

0,1       (0,2-0,1) mol

Ta có: n_NaOH= 0,2+ 0,6+ 0,1= 0,9 mol → V_NaOH= 0,9/ 2= 0,45 lít

Bảo toàn C:

nCO₂ = na + mb → nCO₂ + nN₂ = na + mb + (a+b)/2 = 0,305

Bảo toàn H:

nH2O = (2n + 1).a/2 + (2n + 3).b/2 = na + mb + (a + 3b)/2 = 0,335 mol

Dễ dàng tìm ra: b = 0,03 mol

Bảo toàn O:

2a + 0,3675.2 = 0,335 + 2.(0,305 − a + b₂)

Thay b vào

→ a = 0,06 mol

- Xét khí Z : n_Z = 3,92 : 22,4 = 0,175 mol

M_Z = 9.2 = 18g.

Vì có 1 khí hóa nâu ngoài không khí → NO

→ khí còn lại là H₂

→ n_NO + n_H2 = 0,175 mol và m_Z = 30n_NO + 2_N2 = 18.0,175 = 3,15g

→ n_NO = 0,1 ; n_H2 = 0,075 mol

- Bảo toàn khối lượng : m_X + m_H2SO4 = m_muối + m_Z + m_H2O

→ m_H2O = 38,55 + 0,725.98 – 3,15 – 96,55 = 9,9g → n_H2O = 0,55 mol

- Bảo toàn nguyên tố H : 2n_H2SO4 = 4n_NH4 + 2n_H2 + 2n_H2O

→ n_NH4 = 0,05 mol

- Công thức tính nhanh : n_{H+ pứ} = 4n_NO + 2n_H2 + 2n_O(X) + 10n_NH4

→ n_O(X) = 0,2 mol = n_ZnO (Bảo toàn nguyên tố Oxi)

- Bảo toàn Nito : n_NO + n_NH4 = 2n_Fe(NO3)2 

→ n_Fe(NO3)2 = 0,075 mol

- Ta có : m_X = m_Al + m_Mg + m_ZnO + m_Fe(NO3)2 

→ 24n_Mg + 27n_Al = 8,85g

Và: n_e = 3n_Al + 2n_Mg = 2n_H2 + 8n_NH4 + 3n_NO = 0,85 mol

(Vì có H₂ nên H⁺ dư phản ứng với kim loại => chỉ có Fe²⁺ trong dung dịch)

→ n_Al = 0,15 ; n_Mg = 0,2 mol

→ %m_Mg(X) = 0,2.24 : (0,2 + 0,15 + 0,2 + 0,075) = 32% (gần nhất với giá trị 30%)

Qua trình điện phân

Anot (+) Cl-

2Cl- → Cl2 + 2e

Catot (-): Fe3+, Cu2+, H+, Fe2+

Fe3+ + 1e → Fe2+

Cu2+ + 2e → Cu

2H+ + 2e → H2

Có thể coi Ca và MgO là một chất do cùng khối lượng phân tử và cùng tỷ lệ phản ứng với HCl

Ta có: 40a + 80b + 160d = m

Bảo toàn e: 2b + 2d = 2.nCl2 = 0,1 mol

→ b + d = 0,05 mol

Bên cạnh đó, khối lượng kết tủa = 2,24 = mCu → nCu = 0,035 mol

Thay vào thí nghiệm 2:

2Fe3+ + 3CO2- + 3H2O → 2Fe(OH)3 + 3CO2

2H+ dư + CO32- → H2O + CO2

0,017                       0,085

Như vậy, lượng HCl đã phản ứng: nHCl = 0,8 - 0,17.2 = 0,46 mol

Ta có: 2.(2a + 2b + 6d) = 0,46 → a + b + 3d = 0,115 mol

Thay b = 0,035 và d = 0,015 vào → a = 0,035 mol

Vậy %mFe2O3 = 36%

Ta có phản ứng: 2Al + 3CuO → Al2O3 + 3Cu.

Với nAl dư = 2×nH2 ÷ 3 = 0,02 mol.

Bảo toàn e ta có: 2nCu = 3nNO ⇒ nCu = 0,02×3÷2 = 0,03 mol.

Từ phản ứng ⇒ nAl2O3 = nCu ÷ 3 = 0,01.

Bảo toàn khối lượng ta có m = 0,02×27 + 0,03×64 + 0,01×102 = 3,48 gam