Đáp án A

Gọi x = nNa

Na + H₂O →  NaOH + 12 H₂

x                     → x      → 0,5x

Al + NaOH + H₂O →  NaAlO₂ + 32 H₂

x ← x                                           → 1,5x

Do sau phản ứng, thu được chất rắn Y nên Al vẫn còn dư  NaOH hết

Vậy ∑nH₂ = 0,5x + 1,5x =8,9622,4 => x = 0,2

=>  mNa + mAl _pư = 23x + 27x = 10g => mAl _{còn dư} = 16,75 – 10 = 6,75g

Đáp án A

Nếu b ≥ 2a thì chắc chắn CO₂ sinh ra sẽ như nhau, nhưng đề cho CO₂ khác nhau  b < 2a hay a > 0,5b

 Loại C, D

Thí nghiệm 1: Cho H⁺ vào CO₃^2-

H⁺ + CO₃^2-  →HCO₃^-

a        a                    a

H⁺ + HCO₃^-  →CO₂ + H₂O

(b – a)                   → b – a

Thí nghiệm 2: CO₃^2- vào H⁺

2H⁺ + CO₃^2-  →CO₂ + H₂O

b                          →  0,5b

Ta có 0,5b = 2(b – a)  2a = 1,5b  a = 0,75b 

Đáp án A

BTKL => mX + mO₂ = mCO₂ + mH₂O + mN₂  44nCO₂ + 18nH₂O = 25,56 + 1,09.32 – 0,02.28 = 59,88 (1)

Mà nCO₂: nH₂O = 48 : 49 (2)

(1), (2) => nCO₂ = 0,96; nH₂O = 0,98

Bảo toàn N => nZ = 2nN₂ = 0,04

Bảo toàn O => 2n_este + 2nZ + 2nO₂ = 2nCO₂ + nH₂O => n_este = 0,32

Ta có C_tb = 0,96/0,36 = 2,67 mà Z có C > 2 => 2 este là HCOOCH₃ và CH₃COOCH₃

Khi cho X tác dụng với KOH dư thì

m_rắn = mX + mKOH – mCH₃OH – mH₂O = 25,56 + 0,36.1,2.56 – 0,32.32 – 0,04.18 = 38,792g

Đáp án C

Gọi 3 peptit lần lượt là (AA)a; (AA)b; (AA)c ứng với số mol là x; x; 3x

Ta có ax + bx + c.3x = nAla + nVal => x(a + b + 3c) = 14,24/89 + 8,19/117 = 0,23

Do a + b + 3c là số nguyên dương => a + b + 3c = 23 (1)

Mà số liên kết peptit trong phân tử của ba peptit trong X nhỏ hơn 13 => a + b + c < 16 (2)

Từ (1), (2) => a = 2; b = 3; c = 6 là hợp lí

X + H₂O →  Ala + Val

=> m = mAla + mVal – mH₂O = 14,24 + 8,19 – 18(1.0,01 + 2.0,01 + 5.0,03) = 19,19g

Do tạo H₂ => ion NO₃^- đã chuyển hết thành NO

\(\left\{ \begin{array}{l} x = nNO\\ y = n{H_2} \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} x + y = 0,08\\ 30x + 2y = 11,5.2.0,08 \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} x = 0,06\\ y = 0,02 \end{array} \right.\)

Đặt x = nKNO₃

Bảo toàn N => nKNO₃ = nNO + nNH₄⁺ => nNH₄⁺ = x – 0,06

nHCl = nH⁺ = 4nNO + 2nH₂ + 10nNH₄⁺ + 2nO => 0,725 = 4.0,06 + 2.0,02 + 10(x – 0,06) + 8a

=> 8a + 10x = 1,045 (1)

m_muối = mMg + mFe + mK⁺ + mNH₄⁺ + mCl^- = 24.5a + 56.3a + 39x + 18(x – 0,06) + 35,5.0,725

= 288a + 57x + 24,6575

Mà m_muối – mX = 26,23 => 288a + 57x + 24,6575 – 24.5a – 232a = 26,23 => –64a + 57x = 1,5725 (2)

(1), (2) a = 0,04 và x = 0,0725 => m_muối = 288a + 57x + 24,6575 = 40,31g

=> %mFe trong muối = 56.3.0,04.100%/40,31 = 16,67%

Đáp án B

0,1.3 + 0,1.2 = 0,2.2 +  nCl^- → nCl^- = 0,1

Bảo toàn khối lượng  m_muối = 0,1.27 + 0,1.64 + 0,2.96 + 0,1.35,5 = 31,85g

Đáp án B

nC₆H₁₂O₆ = 100.18%/180 = 0,1 => mAg = 0,1.2.108 = 21,6g 

Đáp án D

nH₂ = nFe = 0,1 → V = 2,24

Đáp án C

C₂H₂ $\underset{}{\overset{}{\to }}$CH₃CHO $\underset{}{\overset{}{\to }}$ CH₃COOH 

Đáp án B

Loại A, C, D vì natri axetat là muối CH₃COONa; amoni axetat là muối CH₃COONH₄; xà phòng là muối natri hoặc muối kali của axit béo.

=> Chọn B: (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅, HCOOCH₃, CH₂=CH-COO-C₂H₅.

Hợp chất tạp chức, đa số có công thức chung là C_n(H₂O)_m

Đáp án B

Đáp án D

Xenlulozơ là hợp chất cao phân tử, mạch phân nhánh và do các mắt xích glucozơ tạo nên vì xenlulozơ có mạch không nhánh không xoắn

Đáp án B

CH₃-NH-CH₂-CH₃ là amin bậc hai có tên là etylmetylamin hoặc N-metyletanamin 

Đáp án D

vì este phải có gốc hiđrocacbon sau nhóm COO. Thực ra, H₂N-CH₂-COOH₃N-CH₃ là muối của amino axit H₂N-CH₂-COOH và amin CH₃NH₂

(1), (3), (5), (6).

Đáp án A

Đáp án B

Gly-Phe-Tyr; Tyr-Lys-Gly; Lys-Gly-Phe; Gly-Phe-Tyr

Đáp án A

Ca²⁺ + CO₃^2- →CaCO₃ →CaO

nCa²⁺ = nCaO = 0,28/56 = 0,005 => [Ca²⁺] = 0,005/0,01 = 0,5M

Đáp án D

Al + 4HNO₃ $\stackrel{}{\to }$ Al(NO₃)₃ + NO + 2H₂O  a : b = 1 : 4 

Đáp án D

H₃PO₄↔ H⁺ + H₂PO₄^-

H₂PO₄^-  ↔H⁺ + HPO₄^2-

HPO₄^2- ↔ H⁺ + PO₄^3-

Đáp án C

Ta có nCO₂ = 0,5; nH₂O = 0,6; n_{hỗn hợp} = 0,3

Số C trung bình = 0,5/0,3 = 1,67

X là CH₄

Đáp án A

Axit axetic CH₃COOH; propan-2-ol CH₃-CHOH-CH₃ đều có M = 60

Gọi công thức chung của X là RH

RH + Na → RNa + 1/2H₂

0,04              ←           0,02

=> m = 0,04(59 + 23) = 3,28g

Đáp án B

mX = 88 → nX = 0,05 = n_muối

RCOONa = 4,1/0,05 = 82 => R = 15 là CH₃

Đáp án B

nC₁₂H₂₂O₁₁ = 150.10,26%/342 = 0,045  

mAg = 0,045.4.108 = 19,44g 

Đáp án D

nHCl = (24,45 – 13,5)/36,5 = 0,3 => x = 1 

Đáp án D

Để có ăn mòn điện hóa thì phải thỏa mãn 3 điều kiện:

Điều kiện 1: Có 2 cực (2 kim loại khác nhau hoặc 1 kim loại và 1 phi kim)

Điều kiện 2: 2 cực này phải tiếp xúc (trực tiếp hoặc gián tiếp).

Điều kiện 3: cùng được nhúng vào dung dịch chất điện li.

Đáp án B

gồm a, b, c, e.

Đáp án C

AgNO₃ dư luôn tạo Fe³⁺

Đáp án D

Ta có nH₂ = 3,36/22,4 = 0,15 mol;

nNO₂ = 6,72/22,4 = 0,3 mol

Cho X tác dụng với HCl, chỉ có Al phản ứng

Al + 3HCl → AlCl₃ + 32H₂

0,1 mol ←                      0,15 mol

Cho X tác dụng với HNO₃ đặc, nguội, chỉ có Cu phản ứng (Al bị thụ động hóa)

Cu + 4HNO₃ → Cu(NO₃)₂ + 2NO₂ + 2H₂O

0,15 mol ←                                   0,3 mol

=> m = mAl + mCu = 27.0,1 + 64.0,15 = 12,3g 

Đáp án D

Các chất tham gia phản ứng tráng gương có chứa gốc -CHO hoặc HCOO-

=> Có 3 chất là: HCHO, HCOOH và HCOOCH₃

Đáp án C

Độ linh động của H trong nhóm OH của axit > phenol > ancol.

Trong tất cả các axit cacboxylic no, đơn chức, tính axit của HCOOH là mạnh nhất

Đáp án D

gồm 4 este và 2 axit.

Đáp án A

Đimetylamin CH₃-NH-CH₃

Đáp án A

NH₂–R–COOH + NaOH →NH₂–R–COONa + H₂O

Ta thấy cứ 1 mol X tác dụng với 1 mol NaOH tạo ra 1 mol muối thì khối lượng tăng 22g

nX = (2,425 - 1,875) : 22 = 0,025 mol

NH₂–R–COOH = 1,875 : 0,025 = 75

R = 14 (CH₂)

X là NH₂CH₂COOH

Đáp án A

Gọi n là số gốc alanin trong peptit X => Số liên kết peptit của X là n – 1

 => M_X = 89n – 18(n – 1) = 71n + 18

(Ala)_n + (n – 1)H₂O →  nAla

13,86                                   16,02

(71n + 18)                           89n

 => n = 3 => Số liên kết peptit = 2 

Đáp án C

Gọi a = nX, b = nY => nGly = 2a + 2b = 30/75 = 0,4 (1)

Và nAla = 2a + b = 28,48/89 = 0,32 (2)

Từ (1), (2) => a = 0,12 và b = 0,08

Ta có M_Gly = 75, M_Ala = 89, M_Val = 117, M_Glu = 147

=> M_X = 89 + 75 + 89 + 117 + 75 + 117 – 5.18 = 472

M_Y = 75 + 89 + 75 + 147 – 3.18 = 332 => m = 472.0,12 + 332.0,08 = 83,2g

Đáp án B

vì bột ngọt là muối mononatri glutamat

Đáp án A

vì Fe + Cu²⁺  $\underset{}{\to }$ Fe²⁺ + Cu.

Đáp án A

Gọi V, V’ lần lượt là thể tích dung dịch NaOH có pH = 12, pH = 11

Do pH = 12 → pOH = 2 → [OH-] = 10^-2M → nOH-trước khi pha loãng = 10^-2V

pH = 11 → pOH = 3 → [OH-] = 10^-3M → nOH-sau khi pha loãng = 10^-3V’

Ta có nOH-trước khi pha loãng = nOH-sau khi pha loãng → 10^-2V = 10^-3V’

V' : V = 10^-2 : 10^-3 = 10

Vậy cần pha loãng dung dịch NaOH 10 lần

Đáp án C

CO₂  +  Ca(OH)₂  →CaCO₃↓ + H₂O

0,25 ← 0,25               → 0,25

CO_2dư + H₂O + CaCO₃ → Ca(HCO₃)₂

0,05              → 0,05

=>  mCaCO₃↓ _{còn lại} = (0,25 – 0,05).100 = 20g

Bảo toàn khối lượng => mCO₂ + m_dd Ca(OH)₂ = m↓ + m_dd Ca(HCO₃)₂

=> m_dd Ca(HCO₃)₂ –  m_dd Ca(OH)₂ = mCO₂ – m↓ = 0,3.44 – 20 = – 6,8g 

CuO và Fe₂O₃ bị khử, MgO không bị khử bởi CO.

Chất rắn sau phản ứng là MgO, Cu, Fe.