Hợp kim Na-K dùng làm chất trao đổi nhiệt trong phản ứng hạt nhân

\({n_{{H_2}O}} = \frac{{{m_Y} - {m_{ete}}}}{{18}} = 0,04 \to {n_Y} = 0,08\) 

\( \to {M_Y} = 37,25 \to \) Y gồm CH₃OH (0,05) và C₂H₅OH (0,03)

n_{este của ancol} = 0,08 và n_{este của phenol} = x

Bảo toàn khối lượng: 8,08 + 40(2x + 0,08) = 9,54 + 2,98 + 18x

x = 0,02

Quy đổi muối thành HCOONa (0,08 + 0,02 = 0,1), C₆H₅ONa (0,02), CH₂ (u), H₂ (v)

m_muối = 0,1.68 + 0,02.116 + 14u + 2v = 9,54

Bảo toàn C → 0,1 + 0,02.6 + u + n_C(Y) = 0,36

\( \to u = 0,03;v = 0\)

 Muối gồm HCOONa (0,07); CH₃COONa (0,03) và C₆H₅ONa (0,02)

Các este gồm: HCOOCH₃: 0,05 → %HCOOCH₃ = 37,13%

CH₃COOC₂H₅: 0,03

HCOOC₆H₅: 0,02

\({n_{{H_2}}} = {n_{Zn{\rm{ bd}}}} = 0,25 \to V = 5,6(l)\)

\(\left\{ \begin{array}{l}
{K_2}C{O_3}{\rm{   0,375}}\\
KHC{O_3}{\rm{    0,3}}
\end{array} \right. \to \left| \begin{array}{l}
\left\{ \begin{array}{l}
{K^ + }{\rm{          1,05}}\\
{\rm{C}}{{\rm{l}}^ - }{\rm{        0,525}}\\
{\rm{HCO}}_3^ - {\rm{    0,525 (BT\~N T)}}
\end{array} \right. \to CaC{O_3}{\rm{  0,525}} \to m = 52,5g\\
C{O_2}{\rm{   0,375  +  0,3  -  0,525  =  0,15 }} \to V = 3,36
\end{array} \right.\)

Đáp án B

Phần 1: 

\(\left\{ \begin{array}{l} CO_3^{2 - }(pu):{x^{mol}}\\ HCO_3^ - (pu):{y^{mol}} \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} 2x + y = 0,12\\ x + y = 0,075 \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} x = 0,045\\ y = 0,03 \end{array} \right. \to \frac{x}{y} = \frac{3}{2}\)

Phần 2: 

\(\left\{ \begin{array}{l} CO_3^{2 - }:3{a^{mol}}\\ HCO_3^ - :2{a^{mol}} \end{array} \right. \to 3a + 0,06 = 0,12 \to a = 0,02 \to Z\left\{ \begin{array}{l} CO_3^{2 - }:0,{12^{mol}}\\ HCO_3^ - :0,{08^{mol}} \end{array} \right.\)

\(\begin{array}{l} \to N{a^ + } = 0,{32^{mol}} \to BaC{O_3} = 0,{12^{mol}} \to {n_O} = \frac{{0,32.1 + 0,12.2 - 0,15.2}}{2} = 0,{13^{mol}}\\ \to m = 25,88{\rm{ gam}} \end{array}\)

Đáp án B

a) Cu + Fe₂(SO₄)₃ → CuSO₄ + 2FeSO₄ => CuSO₄, FeSO₄, Fe₂(SO₄)₃ dư

b) 2KHSO₄ + 2NaHCO₃ → K₂SO₄ + Na₂SO₄ + 2H₂O +2CO₂ => K₂SO₄, Na₂SO₄

c) Ba(HCO₃)₂ + NaOH → BaCO₃ + NaHCO₃ + H₂O => NaHCO₃

d) AlCl₃ + 4NaOH → NaAlO₂ + 3NaCl + 2H₂O => NaAlO₂, NaCl

e) CO₂ + Ba(OH)₂ → Ba(HCO₃)₂ => Ba(HCO₃)₂

g) 8Al + 30HNO₃ → 8Al(NO₃)₃ + 3NH₄NO₃ + 9H₂O => Al(NO₃)₃, NH₄NO₃

\(\begin{array}{l} \left\{ \begin{array}{l} BT(O):6a + 2.3,1 = 2x + 2,04\\ PT(\pi ):x - 2,04 = (3a + 0,08) - a \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} a = 0,04\\ x = 2,2 \end{array} \right.\\ \left\{ \begin{array}{l} {n_X} = 0,04\\ {m_X} = 44.2,2 + 18.2,04 - 32.3,1 = 34,3 \end{array} \right.\\ {n_{glixerol}} = 0,04\\ BTKL:{m_{ran}} = 34,32 + 0,15.40 - 0,04.92 = 36,64g \end{array}\)

Đáp án A

Nhận định đúng (a), (b), (c)

Đáp án A

Các phát biểu đúng là:

a) sai Fructozơ KHÔNG làm mất màu dung dịch nước brom

b) đúng

c) đúng

d) đúng

f) sai Trong phân tử đipeptit mạch hở có MỘT liên kết peptit.

f) đúng

=> có 4 phát biểu đúng

\(\overline H = 4 \to X\left\{ \begin{array}{l} C{H_3}OH:0,{3^{mol}}\\ HCOOC{H_3}:0,{1^{mol}}\\ {C_3}{H_4}{O_m}:0,{2^{mol}} \to OHC - C{H_2} - CHO \end{array} \right. \to m = 1.108 = 108{\rm{ gam}}\)

\(\left\{ \begin{array}{l} {n_{{O_2}}} = 0,85\\ {n_{{N_2}}} = 0,025 \end{array} \right. \to {n_{{H_2}O}} = 1,025 \to \left\{ \begin{array}{l} {n_{a\min }} = 0,05\\ {n_{ankan}} = 0,1\\ anken \end{array} \right.\)

\(\left\{ \begin{array}{l}
BTE:0,45.6 - 10a - 22b = 0,5.4\\
\frac{{{n_E}}}{{{n_{COO}}}} = \frac{{a + b}}{{2a + 3b}} = \frac{{0,16}}{{0,42}}
\end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l}
a = 0,015\\
b = 0,025
\end{array} \right.\)

\(\begin{array}{l} {\rm{0,015n + 0,025m = 0,45}} \to \left\{ \begin{array}{l} 3n + 5m = 90\\ n > 5;m \ge 12 \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} n = 10\\ m = 12{\rm{ (}}{{\rm{C}}_2}{H_3}COO{)_3}{C_3}{H_5} \end{array} \right.\\ {\rm{0,16 mol E}}\left\{ \begin{array}{l} {C_{10}}{H_{18}}{O_4}{\rm{ 0,06}}\\ {{\rm{C}}_{12}}{H_{14}}{O_6}{\rm{ 0,1}} \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} RCOONa\\ {C_2}{H_3}COONa{\rm{ 0,3}} \end{array} \right. + \left\{ \begin{array}{l} {C_3}{H_6}{(OH)_2}{\rm{ 0,06}}\\ {{\rm{C}}_3}{H_5}{(OH)_3}{\rm{ 0,1}} \end{array} \right.\\ BTKL:{m_{muoi}} = a = (0,06.202 + 0,1.254 + 0,42.40) - (0,06.76 + 0,1.92) = 40,56g\\ \% {m_{{C_2}{H_3}COONa}} = \frac{{0,3.94}}{{40,56}}.100 = 69,53\% \end{array}\)

\(\begin{array}{l} \to \left\{ \begin{array}{l} {n_{S{O_2}}} = 1,19 \to {n_e} = 2,38 \to m + 70,295 = m - 16a + 35,5(2a + 1,19) \to a = 0,51\\ 0,34\left\{ \begin{array}{l} NO:0,16\\ {N_2}O:0,18 \end{array} \right. \to {n_{NH_4^ + }} = 0,0575 \end{array} \right.\\ \to 162,15 = \left( {m - 16.0,51} \right) + 62.(1,19 + 0,51.2) + 80.\frac{{0,0575}}{2} \to m = 31,34 \end{array}\)

\(\underbrace {16,2\,gam\,\,{{({C_6}{H_{10}}{O_5})}_n}}_{0,1\,mol} \to 2nC{O_2} + 2n{C_2}{H_5}OH\)

Theo phương trình: \({n_{{C_2}{H_5}OH}} = 2\underbrace {{n_{{{({C_6}{H_{10}}{O_5})}_n}}}}_{0,1} \Rightarrow {n_{{C_2}{H_5}OH}} = 0,2\,mol \Rightarrow {m_{{C_2}{H_5}OH}} = 9,2\,gam\)

\(\begin{array}{l} + \,\,{m_Y} = {m_X} + {m_{CO}} - {n_{(CO,\,\,C{O_2})}} = 34,4 + 0,3.28 - 0,3.36 = 32\,\,gam.\\ + \,\,BTKL\,\,(Y + HN{O_3}) \Rightarrow {n_{{H_2}O}} = \frac{{32 + 1,7.63 - 117,46 - 0,2.16,75.2}}{{18}} = 0,83\, \Rightarrow {n_{N{H_4}^ + }} = \frac{{1,7 - 0,83.2}}{4} = 0,01.\\ + \,\,\left\{ \begin{array}{l} {n_{NO}} + {n_{{N_2}O}} = 0,2\\ 30{n_{NO}} + 44{n_{{N_2}O}} = 6,7 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {n_{NO}} = 0,15\\ {n_{{N_2}O}} = 0,05 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {n_{N{O_3}^ - \,\,tao\,\,muoi}} = 1,7 - 0,01 - 0,15 - 0,05.2 = 1,44\\ {m_{(Al,\,\,Fe,\,\,Cu)}} = 117,46 - 1,44.62 - 0,01.18 = 28\,gam. \end{array} \right. \end{array}\)

\(\begin{array}{l} + \,\,\left\{ \begin{array}{l} C{u_2}O:\,\,x\,\,mol\\ FeO:\,\,y\,\,mol\\ M:\,\,0,5(x + y)\,\,mol \end{array} \right\} \to \left\{ \begin{array}{l} C{u^{2 + }},\,\,F{e^{3 + }}\\ {M^{n + }},\,\,N{O_3}^ - ,... \end{array} \right\} + NO \uparrow + {H_2}O\\ + \,BTKL:\,\,{n_{{H_2}O}} = \frac{{48 + 2,1.63 - 157,2 - 0,2.30}}{{18}} = 0,95\,\,mol \Rightarrow {n_{N{H_4}^ + }} = \frac{{2,1 - 0,95.2}}{4} = 0,05\,\,mol.\\ + \,\,{n_{{H^ + }}} = 4{n_{NO}} + 10{n_{N{H_4}^ + }} + 2{n_{{O^{2 - }}}} \Rightarrow {n_{{O^{2 - }}}} = \frac{{2,1 - 0,2.4 - 0,05.10}}{2} = 0,4\,\,mol \Rightarrow {n_M} = 0,2\,\,mol.\\ + \,\,\left\{ \begin{array}{l} BTE:\,\,2x + y + 0,2n = 0,2.3 + 0,05.8 = 1\\ {m_X} = 144x + 72y + 0,2M = 48 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} 2x + y = 1 - 0,2n\\ 72(2x + y) + 0,2M = 48 \end{array} \right. \Rightarrow 72(1 - 0,2n) + 0,2M = 48\\ \Rightarrow 0,2M = 14,4n - 24 \Rightarrow n = 2;\,\,M = 24\,\,(Mg) \Rightarrow \% Mg = 10\% . \end{array}\)

\(\begin{array}{l} + \,\,E \to \left\{ \begin{array}{l} COO:\,\,x\,\,mol\\ C{H_2}:\,\,y\,\,mol\\ {H_2}:\,\,z\,\,mol \end{array} \right\} \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {m_E} = 44x + 14y + 2z = 2,38\\ {n_{C{O_2}}} = x + y = 0,08\\ BTE:\,\,6y + 2z = 0,075.4 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} x = 0,04\\ y = 0,04\\ z = 0,03 \end{array} \right.\\ + \,\,2,7\,\,gam\,\,muoi\,\,Z \to \left\{ \begin{array}{l} COONa:\,\,0,04\,\,mol\\ C:\,\,a\,\,mol\\ H:\,\,b\,\,mol \end{array} \right\} \to \left\{ \begin{array}{l} N{a_2}C{O_3}:\,\,0,02\,\,mol\\ C{O_2}:\,\,0,02\,\,mol\\ {H_2}O \end{array} \right\} \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} a = 0\\ b = 0,02 \end{array} \right.\\ \Rightarrow Z\,\,gom\,\,\left\{ \begin{array}{l} HCOONa:\,\,0,02\,\,mol\\ {(COONa)_2}:\,\,0,01\,\,mol \end{array} \right\} \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} ancol(0,04\,\,mol)\\ {m_{ancol}} = 2,38 + 0,04.40 - 2,7 = 1,28 \end{array} \right. \Rightarrow {M_{ancol}} = \frac{{1,28}}{{0,04}} = 32\,\,(C{H_3}OH)\\ \Rightarrow E\,\,gom\left\{ \begin{array}{l} X:HCOOC{H_3}:\,\,0,02\,\,mol\\ Y\,:\,\,{(COOC{H_3})_2}:\,\,0,01\,\,mol \end{array} \right\} \Rightarrow \% X = \frac{{0,02.60}}{{2.38}} = \,50,42\% \, \end{array}\)

\(\begin{array}{l} + \,\,\left\{ \begin{array}{l} {C_n}{H_{2n + 1}}N\,\,(x\,\,mol) \to C{H_2} + NH\\ {C_m}{H_{2m + 2}}\,\,(y\,\,mol) \to C{H_2} + {H_2} \end{array} \right\} \Rightarrow X \to \left\{ \begin{array}{l} NH:\,\,x\,\,mol\\ {H_2}:\,\,y\,\,mol\\ C{H_2}:\,\,z\,\,mol \end{array} \right\}\\ \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {n_X} = x + y = 0,14\\ {n_{C{O_2}}} = z = 0,36\\ {n_{{H_2}O}} = 0,5x + y + z = 0,46 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} x = 0,08\\ y = 0,06\\ z = 0,36 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {n_{a\min }} = 0,08\\ {n_{ankan}} = 0,06 \end{array} \right.\\ Ta\,co:\,0,08.a + 0,06.b = 0,36 \Rightarrow a = 3,b = 2\\ \Rightarrow X\,\,gom\,\,\left\{ \begin{array}{l} {C_3}{H_7}N:\,\,0,08\,\,mol\\ {C_2}{H_6}:\,\,0,06\,\,mol \end{array} \right\} \Rightarrow \% {C_2}{H_6} = \frac{{0,06.30}}{{0,08.15 + 0,06.2 + 0,36.14}} = 28,3\% . \end{array}\)

Chọn đáp án D

Giải thích:

Các nhận định đúng là: a, b, d, e.

\(\begin{array}{l} \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} X\,:\,\,HOOC - C{H_2} - C{H_2} - CH(N{H_3}OOCH) - COOH\\ Y:\,\,{C_2}{H_5}N{H_3}OOC - COON{H_2}{(C{H_3})_2} \end{array} \right.\\ + \,\,\left\{ \begin{array}{l} X:\,\,x\,\,mol\\ Y:\,\,y\,\,mol \end{array} \right\} \to \left\{ \begin{array}{l} HCOOK:\,\,x\,\,mol\\ KOOC - COOK:\,\,y\,\,mol\\ KOOC - C{H_2} - C{H_2} - CH(N{H_2}) - COOK:\,\,x\,\,mol \end{array} \right\} + \left\{ \begin{array}{l} {C_2}{H_5}N{H_2}\\ {(C{H_3})_2}NH \end{array} \right\}\\ \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {m_{(X,\,\,Y)}} = 193x + 180y = 9,39\\ {n_{KOH}} = 3x + 2y = 0,13 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} x = 0,03\\ y = 0,02 \end{array} \right. \Rightarrow \% muo{i_{M\,\,\max }} = \frac{{0,03.223}}{{0,03.84 + 0,02.166 + 0,03.223}} = 53,39\% \end{array}\)

\(\begin{array}{l} + \,\,\left\{ \begin{array}{l} BT\,\,O \Rightarrow {n_{{H_2}O}} = 0,05.6 + 3,75.2 - 2,7.2 = 2,4\\ BTKL:\,\,{m_X} = 2,7.44 + 2,4.18 - 3,75.32 = 42 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} {\overline M _X} = \frac{{{m_X}}}{{{n_X}}} = 840\\ \overline k = \frac{{({n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}})}}{{{n_X}}} + 1 = 7 \end{array} \right.\\ \Rightarrow \,\,\left\{ \begin{array}{l} {n_{50,4\,\,gam\,\,X}} = 0,06\\ {n_{{H_2}}} = {n_{\pi \,\,\,goc\,\,hidrocacbon}} = 0,06(7 - 3) = 0,24 \end{array} \right. \Rightarrow {m_Y} = 50,4 + 0,24.2 = 50,88\\ \Rightarrow {m_{muoi}} = 50,88 + 0,06.3.56 - 0,06.92 = 55,44\,gam. \end{array}\)

\(\begin{array}{l} + \,\,{n_{NO\,\,\,(1),\,\,(2)}} = c\,\,mol.\\ + \,\,\left\{ \begin{array}{l} BTE\,\,\,(1),\,\,(2):\,\,2{\rm{a + 0,2}}{\rm{.2}} = 2b + 3c\\ {m_X} = 56{\rm{a}} + 16b = 32\\ {n_{{H^ + }}} = 2b + 4c = 1,7 \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} a = 0,5\\ b = 0,25\\ c = 0,3 \end{array} \right. \Rightarrow V = 6,72\,li t. \end{array}\)

Chọn đáp án C

Giải thích:

a. AgNO₃ + HCl  → AgCl+ HNO₃

b. Ba(OH)₂ + KHCO₃→ BaCO₃ + K₂CO₃ + H₂O

c.  \(\begin{array}{l} F{e_3}{O_4} + 8HCl \to FeC{l_2} + 2FeC{l_3} + 4{H_2}O\\ \,\,\,\,\,\,\,1\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\, \to \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,2\,\,mol\\ Cu + 2FeC{l_3} \to \,\,CuC{l_2} + 2FeC{l_2}\,\\ 2\,\,mol\,\,\,\,2\,\,mol \end{array}\)

d. Ba+ H₂O → Ba(OH)₂ + H₂

Ba(OH)₂ + Ca(HCO₃)₂→  BaCO₃ + CaCO₃ + H₂O

e. 4Ba(OH)₂ + Al₂(SO₄)₃ → 3BaSO₄ + Ba(AlO₂)₂ + 4H₂O

Chọn đáp án D

\( \Rightarrow X\,\,:\,\,\left[ \begin{array}{l} HOOC - C{H_2} - C{H_2}OOCC{H_3}\\ HOOC - CH(OOCC{H_3})C{H_3} \end{array} \right. \Rightarrow \left\{ \begin{array}{l} Y\,\,:\,C{H_3}COONa\\ Z\,\,:\,\,NaOOC - C{H_2} - C{H_2} - OH\,hoac\,\,NaOOC - CH(OH) - C{H_3}\,\,\,\,\\ T\,:\,HOOC - C{H_2} - C{H_2} - OH\,\,hoac\,\,HOOC - CH(OH) - C{H_3}\\ Q\,:\,\,HOOC - CH = C{H_2} \end{array} \right.\)

Chọn đáp án B

Giải thích:

Các phát biểu đúng là a, c, d.

(b) sai vì khi thủy phân hoàn toàn anbumin trong dung dịch kiềm thì thu được muối của α–amino axit.

(e) sai, chỉ có 2 este của C₄H₈O₂ có khả năng tham gia tráng gương. (HCOO-CH₂-CH₂-CH₃ và HCOO-CH(CH₃)-CH₃).

\(\begin{array}{l} \left\{ \begin{array}{l} {O_X} = 4\\ {n_X}:{n_{NaOH}} = 1:3 \end{array} \right. \Rightarrow X:\,\, - COO{C_6}{H_4}COO - \,\,(*)\\ \,\,\,\,\,\,\,X\,\,({C_X} = 10) \to \left\{ \begin{array}{l} {C_n}{H_{2n + 1}}CHO\\ RCOONa\,\,(M < 100) \end{array} \right.\,\,(**)\\ + \,(*)\,\,va\,\,(**),\,\,suy\,\,ra:\,\,\left\{ \begin{array}{l} n = 1;\,\,R\,:\,\,H\\ X\,:\,HCOO{C_6}{H_4}COOCH = C{H_2} \end{array} \right.\\ + \,\,\left\{ \begin{array}{l} \underbrace X_{1\,\,mol} + \underbrace {3NaOH}_{3\,\,mol} \to \underbrace {HCOONa}_{1\,\,mol} + NaO{C_6}{H_4}COONa + \underbrace {C{H_3}CHO}_{1\,\,mol}\\ {n_{Ag}} = 2{n_{HCOONa}} + 2{n_{C{H_3}CHO}} = 4 \Rightarrow {m_{Ag}} = 432\,gam. \end{array} \right. \end{array}\)

\(\begin{array}{l} + \,\,{n_{HC{O_3}^ - }} = 0,2;\,\,{n_{C{O_3}^{2 - }}} = 0,3 \Rightarrow \frac{{{n_{HC{O_3}^ - }}}}{{{n_{C{O_3}^{2 - }}}}} = \frac{2}{3} \Rightarrow \frac{{{n_{HC{O_3}^ - \,\,p\"o }}}}{{{n_{C{O_3}^{2 - }\,\,p\"o }}}} = \frac{{2x}}{{3x}}.\\ + \,\,{n_{{H^ + }}} = {n_{HCl}} + 2{n_{{H_2}S{O_4}}} = 0,6;\,\,{n_{S{O_4}^{2 - }}} = {n_{{H_2}S{O_4}}} = 0,15.\\ \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,2{H^ + } + CO_3^{2 - } \to C{O_2} + {H_2}O\\ \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,{H^ + } + HCO_3^ - \to C{O_2} + {H_2}O\\ \Rightarrow {n_{HC{O_3}^ - \,\,pu}} + 2{n_{C{O_3}^{2 - }\,\,pu}} = {n_{{H^ + }}} \Rightarrow 2x + 2.3x = 0,6 \Rightarrow x = 0,075.\\ + \,\,\underbrace {\left\{ \begin{array}{l} C{O_3}^{2 - }:\,\,0,3 - 0,075.3 = 0,075\\ S{O_4}^ - :\,\,0,15\\ HC{O_3}^ - :\,\,0,05\\ N{a^ + },{K^ + },C{l^ - } \end{array} \right\}}_{dd\,\,Z} \to \left\{ \begin{array}{l} BaC{O_3} \downarrow :\,\,0,125\\ BaS{O_4} \downarrow :\,\,0,15 \end{array} \right\}\\ \Rightarrow {m_{ket\,\,tua}} = 59,575 \end{array}\)

\(\begin{array}{l} Mg + {H_2}S{O_4} \to MgS{O_4} + {H_2}\\ \,\,\,\,\,0,1\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\, \leftarrow \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,0,1\,mol\\ \Rightarrow {m_{Mg}} = 0,1.24 = 2,4\,gam. \end{array}\)

Chọn đáp án C

Giải thích:

Các chất tác dụng với ung dịch BaCl₂ tạo kết tủa gồm: SO₃, NaHSO₄ và Na₂SO₃.

SO₃ + BaCl₂ + H₂O → BaSO₄ ↓+ 2HCl

NaHSO₄ + BaCl₂ → BaSO₄ ↓ + NaCl+HCl

Na₂SO₃ + BaCl₂ →BaSO₃↓ + 2NaCl

Chọn đáp án D

Giải thích:

X (C₄H₈O₂) + NaOH → C₂H₃O₂Na

Vậy X là este, công thức cấu tạo phù hợp là CH₃COOC₂H₅.

PTHH: CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa+ C₂H₅OH.

\(\begin{array}{l} {H_2}N - CH(C{H_3}) - COOH + NaOH \to {H_2}N - CH(C{H_3}) - COONa + {H_2}O\\ \,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,0,1\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\,\, < \,\,\,\,\,\,0,2\\ {m_{ran}} = {m_{muoi}} + {m_{NaOH\,du }} = 0,1.111 + 0,1.40 = 15,1\,gam. \end{array}\)

Vật liệu X là tơ nitron.

Chọn đáp án D

Giải thích:

Kim loại M khi phản ứng với Cl₂ và HCl thu được 2 loại muối khác nhau trong hợp chất chỉ M có hai số oxi hóa khác nhau chỉ có Fe thỏa mãn.

2Fe+ 3Cl₂ → 2FeCl₃

Fe+ 2HCl →  FeCl₂ + H₂

2FeCl₂ + Cl₂ →  2FeCl₃.

\(\begin{array}{l}
{C_6}{H_{12}}{O_6} \to 2C{O_2} + 2{C_2}{H_5}OH\\
{m_{Glucoz\^o }} = \frac{{6,72}}{{22,4}}:2.180:\frac{{60}}{{100}} = 45\,gam.
\end{array}\)

\(\begin{array}{l} \left\{ \begin{array}{l} Mg\\ Al \end{array} \right. + \underbrace {{O_2}}_{0,125\,mol} \to \underbrace {\left\{ \begin{array}{l} MgO\\ A{l_2}{O_3} \end{array} \right.}_{9,1\,gam}\\ BTKL:{m_{KL}} = 9,1 - 0,125.32 = 5,1\,gam. \end{array}\)

Chọn đáp án D

Giải thích:

Chất làm quỳ tím chuyển sang màu xanh là: H₂N(CH₂)₂CH(NH₂)COOH (số nhóm NH₂ nhiều hơn số nhóm COOH).

Chọn đáp án C

Giải thích:

Những chất có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc là những chất có chứa nhóm CHO trong phân tử, dưới dạng R-CHO hoặc HCOOR.

Saccarozơ và tinh bột đều không chứa nhóm chức anđehit nên không tham gia phản ứng tráng bạc.

Thạch cao nung (CaSO4.H2O) được dùng để đúc tượng, bó bột khi gãy xương

Chọn đáp án D

Giải thích:

Butađien: CH₂=CH-CH=CH₂ ( C₄H₆).

Chọn đáp án D

Giải thích:

Để khử được Fe²⁺ trong dung dịch cần chọn kim loại có tính khử mạnh hơn Fe (đứng trước Fe trong dãy điện hóa).