Để phản ứng xảy ra nhanh hơn người ta thêm CuCl₂ vào vì CuCl₂ + Zn → Cu + ZnCl₂

→ tạo ra 2 kim loại là Zn và Cu → tạo ra hiện tượng điện hóa học khi 2 kim loại này cũng tác dụng với dung dịch H⁺ →Zn phản ứng với H⁺ nhanh hơn

Đáp án A

Tên thay thế của ancol ³CH₃-²CH₂-¹CH₂OH là propan-1-ol.

Đáp án B

Chất trong dịch truyền là glucozo vì glucozo là đường mà cơ thể có thể sản xuất trực tiếp thành năng lượng và hấp thụ dễ dàng

Đáp án A

Ta có Al → Al⁺³ + 3e

         Fe → Fe⁺² + 2e

        2H⁺ +2e → H₂

Đặt n_Al = x và n_Fe = y thì m_X = 27x + 56y =13,8

Bảo toàn e có 3x + 2y = 2n_H2 = 0,9

→ x = 0,2 mol và y = 0,15 mol → %Al = 39,13%

Đáp án D

Coi hỗn hợp X gồm 15 gam Gly và x mol HCl

n_Gly = 0,2 mol

Khi cho X tác dụng với 0,5 mol KOH thì

H₂N – CH₂ – COOH + KOH → H₂N_- CH₂ – COOK + H₂O

HCl + KOH → KCl + H₂O

n_KOH = x + 0,2 = 0,5 → x = 0,3 mol

→ m_rắn  = m_{H2N- CH2 – COOK} + n_KCl = 44,95

Đáp án C

Khi đốt cháy than đá C ta thu được hỗn hợp khí CO₂ và CO đều không màu không mùi. Nhưng X là một khí độc nên X là CO.

Đáp án C

A đúng

B đúng vì protein là politpeptit tạo thành từ các α aminoaxit chứa N

C sai

D đúng

Đáp án C

Ta có (C₆H₁₀O₅)_n + nH₂O → nC₆H₁₂O₆ ( glucozo – X )

           C₆H₁₂O₆ + H₂ → C₆H₁₄O₆ ( sorbitol – Y )

Đáp án A

PVC là poli vinyl clorua được tạo thành từ phản ứn trùng hợp vinyl clorua CH₂=CHCl

Đáp án A

Etyl axetat CH₃COOC₂H₅ là sản phẩn được tổng hợp từCH₃COOH và C₂H₅OH với xúc tác là H₂SO₄ đặc ( phản ứng este hóa )

Đáp án A

X là (NH₄)₂CO₃

Y là    H₂N – CH₂ – CONH – CH₂COOH

Y + NaOH → khí Z là NH₃ : NaOH + (NH₄)₂CO₃ → Na₂CO₃ + NH₃ + H₂O

E +HCl → khí T là CO₂ và chất hữu cơ Q là H₃NCl – CH₂ – COOH

                                  (NH₄)₂CO₃ + 2HCl → 2NH₄Cl + H₂O + CO₂

                 H₂N – CH₂ – CONH – CH₂COOH + 2HCl +H₂O → 2H₃NCl – CH₂COOH

→ B sai

Đáp án B

115,3 gam RCO₃ , MgCO₃ thì CO₃^2-+ 2H⁺ → H₂O + CO₂

Ta có n_H2SO4 = n_CO2 = n_H2O = 0,2 mol

Bảo toàn khối lượng có m_{muối ban đầu}  + m_H2SO4 = m_muối + m_CO2 + m_X + m_H2O

                      → 115,3 + 0,2.98 = 12 + m_X + 0,2.44 + 0,2.18 → m_X = 110,5 g

X → Z + 0,5 mol CO₂

Bảo toàn khối lượng có m_Z = m_X – m_CO2 = 110,5 – 0,5.44 = 88,5g

Đáp án D

Khi cho X vào dung dịch chứa 0,03 mol AgNO₃ và 0,02 mol Cu(NO₃)₂

                    Fe + 2AgNO₃ → Fe(NO₃)₂ + 2Ag

                   Cu(NO₃)₂ + Fe → Fe(NO₃)₂ + Cu

Khi cho Zn vào thì

n_Zn = 0,05 mol > \(\frac{{{n_{NO_3^ - }}}}{2} = \frac{{0,03 + 0,02.2}}{2} = 0,035\) → Sau phản ứng này Zn còn dư

n_{Zn dư} = 0,05 – 0,035 = 0,015 mol

Ta có  \({m_{kl(bd)}} = {m_{Fe}} + {m_{C{u^{ + 2}}}} + {m_{A{g^ + }}} + {m_{Zn}} = m + 0,03.108 + 0,02.64 + 3,25 = m + 7,77\)

Sau phản ứng có m_{kim loại}   = m_rắn (1)+ m_rắn (2)+ m_Zn(Y) = 3,84 + 3,895 + 0,035.65 = 10,01

Bảo toàn khối lượng có m + 7,77 = 10,01

→ m = 2,24 g

Đáp án B

Để làm sạch lớp cặn trong  ống đun thường là CaCO₃ người ta thường sử dụng giấm ăn

CaCO₃ + 2 CH₃COOH → (CH₃COO)₂Ca + H₂O

Đáp án B

Ankin có CTPT là C_nH_2n-2 với n ≥ 2

Đáp án A

CO + oxit → kim loại + CO₂

Trong hỗn hợp khí sau phản ứng đặt n_CO = x mol và n_CO2 = y mol

Bảo toàn C có x + y = 0,2 mol

Tỉ khối hỗn hợp khí so với H₂ là 20 nên \(\dfrac{{28x + 44y}}{{x + y}} = 20.2\) = 40

→ x = 0,05 mol và  y =0,15 mol

Bảo toàn khối lượng có m_CO + m_oxit = m + m_khí → 0,2.28 + 8 = m + 0,05.28 + 0,15.44 → m =5,6g

Đáp án D

Ta có M → M⁺ⁿ + n e

      2H⁺¹ + 2e → H₂

Bảo toàn e có  \(n.{n_M} = 2{n_{{H_2}}} \to n.\frac{{5,85}}{M} = 2.0,325 \to M = 9n\)

Chọn n= 3 và M= 27(Al)

Đáp án B

X có CTPT là C_nH_2n+3N

C_nH_2n+3N + O₂ → nCO₂  + ½ N₂

Ta có n_X = 2n_N2 = 0,05.2 = 0,1mol

n_CO2 = n. n_X = n . 0,1 = 0,2 → n = 2

→ X là C₂H₇N

Đáp án D

Glucozo → 2Ag

Nên n_Glucozo = ½ n_Ag = 0,05 mol → C_M[glucozo] = 0,05 : 0,5 = 0,1M

Đáp án B

Polime có cấu trúc phân nhánh là amylopectin

Các polime còn lại có cấu trúc mạch thẳng

Đáp án B

Quy đổi X thành Ba: x mol; Al: y mol và O : z mol

Ba → Ba⁺² +2e                            Al → Al⁺³ +3e                          O + 2e → O^-2

2H⁺+2e → H₂

→ 2x + 3y – 2z =2.0,04=0,08 (1)

Y +CO₂ thì Ba(AlO₂)₂ + CO₂ +3H₂O → BaCO₃  + 2Al(OH)₃

                 Ba(OH)₂ + CO₂ → BaCO₃ + H₂O

                BaCO₃ + CO₂ + H₂O → Ba(HCO₃)₂

Nếu CO₂ dư thì n_{kết tủa} = n_Al(OH)3 = 3,12 : 78 = 0,04 mol → n_Ba(AlO2)2 = 0,02 mol

Bảo toàn Al : y = 0,04 mol( = n_Al(OH)3) (2)

Khi CO₂ : 0,054 mol thì n_Al(OH)3 = 0,04 mol → n_BaCO3 = 0,006 mol < ½ n_Al(OH)3

→ phản ứng tạo tối đa BaCO₃ rồi tan

Bảo toàn C có n_CO2 = n_BaCO3 + 2n_Ba(HCO3)2 → 0,054 = 0,006 + 2n_Ba(HCO3)2 → n_Ba(HCO3)2 = 0,024 mol

Bảo toàn Ba có x = n_BaCO3 + n_Ba(HCO3)2 = 0,006 + 0,024 =0,03 mol(3)

Từ (1) (2) và (3) → z = 0,05 mol

→ m = 5,99 g

Đáp án D

X có nhiệt độ sôi cao và pH > 7 nên X là C₆H₅NH₂.

T có nhiệt độ sôi cao và pH < 7 nên T là C₆H₅OH.

Z có nhiệt độ sôi cao hơn Y nên Z là C₂H₅NH₂ và Y là NH₃.

Tại A có 2Cl^-  → Cl₂ + 2e

     Tại K có Cu⁺² +2e → Cu

                 2H₂O + 2e → 2OH^- +H₂

Bảo toàn e có 2n_Cl2 = 2n_Cu + 2n_H2

Vì n_Cl2 = 4n_H2 nên 2n_Cl2 = 2n_Cu + ½ n_Cl2 → n_Cu = ¾ . n_Cl2 → \(\frac{{{n_{CuS{O_4}}}}}{{{n_{KCl}}}} = \frac{3}{8}\)

→ \(\% CuS{O_4} = \frac{{3.160}}{{3.160 + 8.74,5}}.100\%  = 44,61\% \)

Đáp án D

(b) Sai vì nitrophotka là hỗn hợp của (NH₄)₂HPO₄ và KNO₃.

(c) Sai vì độ dinh dưỡng của phân lân được tính bằng phần trăm khối lượng P₂O₅.

Đáp án C

 n_CO2 = 0,04 mol

n_Ba(OH)2 = 0,02 mol và n_NaOH =0,06 mol → n_OH- = 0,1

                                  CO₂ + 2OH^- → CO₃^2- + H₂O

→ Phản ứng dư OH^- : Ba²⁺+ CO₃^2- → BaCO₃

→ DD X chứa NaOH : 0,02 mol và Na₂CO₃ : 0,02 mol

X + HCl thì HCl + NaOH → NaCl + H₂O

                    HCl + Na₂CO₃ → NaHCO₃ + NaCl

→ n_HCl = 0,02 + 0,02 = 0,04 mol →V = 0,04 : 0,5 = 0,08 lít = 80ml

Đáp án B

n_CO2 = 0,16 mol và n_H2O = 0,28 mol

có M + O₂ với M là C_nH_2nO₂ và C_mH_2m+3N  thì

C_nH_2nO₂ → nCO₂ + nH₂O

 C_mH_2m+3N→ mCO₂ + \(\frac{{2m + 3}}{2}{H_2}O\)

→ n_H2O – n_CO2 = 0,12 = \({n_{{C_m}{H_{2m + 3}}N}}.\frac{3}{2}\) → \({n_{{C_m}{H_{2m + 3}}N}} = 0,08\)→ m < 0,16/ 0,08 = 2

→ X là CH₃NH₂ → M_X = 31

Đáp án A

Ta có m_{dd tăng} = m_{kim loại} - m_khí → 13,23 = 0,1.24 + 0,04.27 + 0,15.65 - m_khí → m_khí = 0

→ sản phẩm khử là NH₄NO₃

Ta có 10H⁺ + 8e + NO₃^- → NH₄⁺ + 3H₂O

Có n_e = 2n_Mg + 3n_Al + 2n_Zn = 0,62 mol → n_H+ = 0,775 → n_HNO3 = 0,775 mol

Đáp án C

Al + 0,62 mol HNO₃ → Al(NO₃)₃ + khí  X

Nếu muối chỉ có m_Al(NO3)3 = $\frac{m}{{27}}.213 = 7,89m$ < 8m → muối có cả NH₄NO₃

Al(NO₃)₃ + 4NaOH → NaAlO₂ + NaNO₃ + 2H₂O

NH₄NO₃ + NaOH → NaNO₃ + NH₃ + H₂O

Ta có n_NaOH  = 0,646 = $\frac{m}{{27}}.4 + \frac{{8m - 7,89m}}{{80}}$ → m =4,32 g → Al: 0,16 mol và NH₄NO₃: 0,006 mol

Al  → Al⁺³ + 3e                            N⁺⁵ +8e → N^-3

N⁺⁵ + (5-x) e → N^+X

Bảo toàn e có 3.n_Al = 8n_NH4 + (5-x).n_N(+x) → 0,48 = 8.0,006 + (5-x).n_N(+x)

Bảo toàn N có n_N(+x) + 2n_NH4NO3 + 3n_Al = n_HNO3 → n_N(+x) = 0,62 – 2.0,006 – 3.0,16 = 0,128

→ x = 1,625

A sai vì cả 2 khí N đều có số oxh > 1,625

B sai vì tạo khí H₂

C đúng

D sai vì cả 2 khí đều có số oxh nhỏ hơn 1,625

Đáp án C

Xét ancol Y có Y + O₂ → 0,2 mol CO₂ + 0,3 mol H₂O

→ Y có n_C : n_H = 2 : 6→ Y là C₂H₆O hoặc Y là C_2­H₆O₂

TH1: Y là C₂H₆O  thì  X là HOOC - COOC₂H₅

n_Y = 0,1 mol → n_X = 0,1 mol = a

X + KOH → (COOK)₂ : 0,1 mol → m_muối = 166.0,1 =16,6 g

TH2 : Y là C₂H₆O₂ hay C₂H₄(OH)₂ → không có CTCT thỏa mãn

Đáp án A

Coi dung dịch Y chứa (H₂N)₂C₃H₅COOH : 0,02 mol

                                    H₂SO₄ : 0,02 mol

                                     HCl : 0,06 mol

Y + 0,04 mol NaOH, 0,08 mol KOH → n_H+ = n_OH- = 0,12 → Phản ứng vừa đủ

→ muối thu được có chứa (H₂N)₂C₃H₅COO- : 0,02 mol ; SO₄^2- : 0,02 mol ;  Cl^- : 0,06 mol, K⁺ : 0,08; Na⁺ : 0,04 → m_muối = 10,43

Đáp án C

Ta có tại A thì Al⁺³ +3e → Al

n_Al = 9,33 kmol

→ n_e = 28000 = \(\frac{{150000.t}}{{96500}}\) → t = 18013s = 5 giờ

Đáp án B

X + 4,83 mol O₂ → 3,42 mol CO₂ + 3,18 mol H₂O

Bảo toàn khối lượng có m_X = 3,42.44 + 3,18.18 – 4,83,32 = 53,16 gam

Bảo toàn O có 6n_X + 4,83.2= 3,42.2+3,18 → n_X = 0,06

X + 3NaOH → muối + glixerol

Ta có n_NaOH = 0,18 mol và n_glixerol = 0,06 mol

Bảo toàn khối lượng có m_X + m_NaOH = m_muối + m_glixerol → 53,16 + 0,18.40 = b + 0,06.92

→ b =54,84

Đáp án D

Đặt n_H2 = x (mol) ⟹ n_H2SO4 = x (mol)

BTKL: m_KL + m_H2SO4 = m _muối + m_H2

⟹ 8,975 + 98x = 32,975 + 2x

⟹ x = 0,25 mol

⟹ V = 0,25.22,4 = 5,6 lít.

A. CH₂=C(CH₃)COOH + NaOH → CH₂=C(CH₃)COONa + H₂O

⇒ không tạo anđehit

B. HCOOCH₂CH=CH₂ + NaOH → HCOONa + CH₂=CH-CH₂OH

⇒ tạo ancol CH₂=CH-CH₂OH và muối HCOONa

C. HCOOCH=CH-CH₃ + NaOH → HCOONa+ CH₃CH₂CHO

⇒ tạo anđehit CH₃CH₂CHO và muối HCOONa

D. HCOOC(CH₃)=CH₂ + NaOH → HCOONa + CH₃COCH₃

⇒ tạo muối HCOONa và xeton CH₃COCH₃

Đáp án C

isoamyl axetat  (CH­₃COOCH₂CH₂CH(CH₃)CH₃) có mùi chuối chín

etyl butirat (CH₃CH₂CH₂COOC₂H₅) có mùi thơm của dứa

Geranyl axetat (CH₃COOC_10­H_17­) có mùi thơm của hoa hồng

Benzyl axetat (CH₃COOCH₂C₆H₅) có mùi thơm của hoa nhài

Đáp án D

Cu pư được với tất cả 3 dung dịch: HNO₃(loãng), FeCl₃, AgNO₃

2Cu + 8HNO₃ loãng → 3Cu(NO₃)₂ + 2NO + 4H₂O

Cu + 2FeCl₃ → CuCl₂ + FeCl₂

Cu +  2AgNO₃ → Cu(NO₃)₂ + 2Ag↓

Đáp án A

Na₂CO₃ tác dụng được với CaCl₂

Na₂CO₃ + CaCl₂ → CaCO₃↓ + 2NaCl

Đáp án D

C₈H₁₄O₄ + NaOH → X₁ + X₂ + H₂O  (1)

X₁ + H₂SO₄ → X₃ + Na₂SO₄  (2)

X₃ + X₄ → Nilon -6,6 + H₂O (3)

C₈H₁₄O₄ có k = (8.2+2 – 14)/2 = 2

Từ (2) suy ra X₃ là axit

Từ (3) suy ra X₃ là axit ađipic HOOC-[CH₂]₄-COOH

Suy ra X₄ là hexametilen điamin H₂N-[CH₂]₆-NH₂

Từ (2) suy ra X₁ là NaOOC-[CH₂]₄-COONa

Từ (1) => CTCT phù hợp của C₈H₁₄O₄ là HOOC-[CH₂]₄-COOC₂H₅ (tạp chức axit và este)

Suy ra X₂ là C₂H₅OH

A. Sai vì nhiệt độ sôi C₂H₅OH < CH₃COOH

B. Sai vì X₂, X₃, X₄ đều mạch thẳng không phân nhánh

C. đúng vì muối NaOOC-[CH₂]₄-COONa có nhiệt độ nóng chảy cao hơn HOOC-[CH₂]₄-COOH

D. Sai, vì H₂N-[CH₂]₆-NH₂ làm quỳ tím chuyển sang màu xanh

Đáp án C

a) sai, saccarozo không bị thủy phân trong MT kiềm

b) sai, C₆H₅NH₂Cl tan trong nước

c) đúng, H₂N-CH₂-CONHCH(CH₃)CO-NH-CH₂-COOH => có 4 nguyên tử oxi

d) đúng

e) sai, bản chất của quá trình lưu hóa cao su là tạo ra cầu nối -S-S- giữa các mạch cao su không phân nhánh tạo thành mạng không gian

=> có 2 phát biểu đúng

Đáp án A

n_Y = 2,8 :22,4 = 0,125 (mol)

n_Br2 = 36 : 160 = 0,225 (mol)

Độ không no của Y là: \(\overline k  = {{{n_{B{r_2}}}} \over {{n_Y}}} = {{0,225} \over {0,125}} = 1,8\)

Vì phản ứng giữa hỗn hợp hidrocacbon và H₂ là pư hoàn toàn, Y có pư với dd Br₂ => Y còn hidrocacbon không no => H₂ pư hết

Đặt công thức chung của Y là C_xH_y  ta có:

\(\left\{ \matrix{
\overline k = {{2x + 2 - y} \over 2} = 1,8 \hfill \cr
{\overline M _Y} = 12x + y = 46 \hfill \cr} \right. \Rightarrow \left\{ \matrix{
x = 3,4 \hfill \cr
y = 5,2 \hfill \cr} \right.\)

Phản ứng cộng H₂ không làm thay đổi số nguyên tử cacbon nên số cacbon trong X là 3,4

=> Đặt công thức chung của hidrocacbon có trong X: C_3,4H₄

C_3,4H₄ + 0,6H₂ → C_3,4H_5,2

0,125    ← 0,075←0,125   (mol)

=> n_X = 0,125 + 0,075 = 0,2 (mol)

Ta có: 0,2 mol X chứa 0,125 mol C_3,4H₄

=> 0,125 mol X chứa 5/64 mol C_3,4H₄

Xét X + Br₂

C_3,4H₄ + 2,4Br₂ → C_3,4H₄Br_4,8

5/64 → 0,1875                           (mol)

=> m_Br2 = 0,1875.160 = 30 (g) = x

Đáp án D