Kim loại có nhiệt độ nóng chảy cao nhất là W (vonfram).

Kim loại K tác dụng với nước thu được dung dịch kiềm: 2K + 2H₂O → 2KOH + H₂

Nguyên tắc điều chế kim loại là khử ion kim loại thành nguyên tử: Mⁿ⁺ + ne → M

Ion có tính oxi hóa mạnh nhất là Ag⁺. Thứ tự tính oxi hóa dãy trên: Ag⁺ > Al³⁺ > Mg²⁺ > Na⁺

Trong công nghiệp, kim loại Na được điều chế bằng phương pháp điện phân nóng chảy muối NaCl:

2NaCl điện phân nóng chảy → 2Na + Cl₂

Kim loại Mg tác dụng được với dung dịch HCl sinh ra khí H₂: Mg + 2HCl → MgCl₂ + H₂

Sản phẩm của phản ứng giữa kim loại nhôm với khí oxi là Al₂O₃:

4Al + 3O₂ → 2Al₂O₃

Khí X là CO₂: CaCO₃ → CaO (rắn) + CO₂ (khí)

Trong công nghiệp, quặng bọxit dùng để sản xuất kim loại nhôm. Thành phần chính của quặng boxit là Al₂O₃.2H₂O

Công thức của sắt(II) sunfat là FeSO₄.

Trong hợp chất CrO₃, crom có số oxi hóa là +6.

Khí X tạo ra trong quá trình đốt cháy nhiên liệu hóa thạch, gây hiệu ứng nhà kính —> X là CO₂.

Trồng nhiều cây xanh sẽ làm giảm nồng độ khí CO₂ trong không khí do cây xanh cần CO₂ để quang hợp.

X là CH₃COOC₂H₅:

CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH

Axit panmitic (C₁₅H₃₁COOH) là axit béo.

Đisaccarit là saccarozơ (C₁₂H₂₂O₁₁)

Dung dịch metylamin (CH₃NH₂) làm quỳ tím chuyển sang màu xanh vì có chứa nhiều OH^-:

CH₃NH₂ + H₂O ⇔ CH₃NH₃⁺ + OH^-

Số nguyên tử oxi trong phân tử axit glutamic là 4. Axit glutamic là C₅H₉NO₄, có cấu tạo:

HOOC-CH₂-CH₂-CH(NH₂)-COOH

Phân tử poliacrilonitrin (-CH₂-CHCN-)_n có chứa nitơ.

Độ dinh dưỡng của phân đạm được đánh giá theo tỉ lệ phần trăm về khối lượng của nguyên tố N.

Cặp CH₄ và C₂H₆ cùng dãy đồng đẳng ankan C_nH_2n+2.

A. Mg dư + FeCl₃ → MgCl₂ + Fe

B. Zn dư + FeCl₃ → ZnCl₂ + Fe

C. Cu dư + FeCl₃ → CuCl₂ + FeCl₂

D. Na + H₂O → NaOH + H₂

NaOH + FeCl₃ → Fe(OH)₃ + NaCl

Chỉ có 1 este tham gia phản ứng trùng hợp tạo thành polime là metyl metacrylat:

CH₂=C(CH₃)-COOCH₃ → (-CH₂-C(CH₃)(COOCH₃)-)_n.

Các este còn lại không có C=C nên không tham gia phản ứng trùng hợp.

nAlCl₃ = 26,7/133,5 = 0,2

2Al + 3Cl₂ → 2AlCl₃

→ nAl = 0,2 → mAl = 5,4 gam

A. Fe₂O₃ + HNO₃ → Fe(NO₃)₃ + H₂O

B. FeO + HNO₃ → Fe(NO₃)₃ + NO + H₂O

C. Fe(OH)₃ + HNO₃ → Fe(NO₃)₃ + H₂O

D. Không phản ứng

nH₂ = 0,2 → nHCl phản ứng = 0,4 → nCl^- (muối) = 0,4

m muối = m kim loại + mCl^- (muối) = 18,1 gam

Thủy phân hoàn toàn hỗn hợp etyl propionat và etyl fomat trong dung dịch NaOH, thu được sản phẩm gồm:

C₂H₅COOC₂H₅ + NaOH → C₂H₅COONa + C₂H₅OH

HCOOC₂H₅ + NaOH → HCOONa + C₂H₅OH

→ Sản phẩm thu được gồm 2 muối và 1 ancol.

Chất rắn X dạng sợi, màu trắng, không tan trong nước ngay cả khi đun nóng → X là xenlulozơ.

Thủy phân hoàn toàn X nhờ xúc tác axit hoặc enzim thu được chất Y → Y là glucozơ:

(C₆H₁₀O₅)_n + nH₂O → nC₆H₁₂O₆

nC₁₂H₂₂O₁₁ = 1,71.75%/342 = 3/800

C₁₂H₂₂O₁₁ → (Glucozơ + Fructozơ) → 4Ag

→ nAg = 4nC₁₂H₂₂O₁₁ = 0,015

→ mAg = 1,62

nN₂ = 0,1

→ nHCl = nN = 2nN₂ = 0,2 mol

A. Sai, tơ nitron điều chế bằng cách trùng hợp CH₂=CH-CN

B. Đúng

C. Sai, cao su lưu hóa có cấu trúc mạch không gian

D. Sai, tơ nilon-6,6 điều chế bằng cách đồng trùng ngưng HOOC-(CH₂)₄-COOH và NH₂-(CH₂)₆-NH₂

nHCl = 0,12; nCO₂ = 0,09; nBaCO₃ = 0,15

nCO₂ < nBaCO₃ nên HCl phản ứng hết.

nCO₂ < nHCl →  X chứa (Na⁺, CO₃^2-, HCO₃^-) hoặc (Na⁺, CO₃^2-, OH^-).

Xét X chứa Na⁺, CO₃^2-, HCO₃^-.

Đặt u, v là số mol CO₃^2- và HCO₃^- đã phản ứng:

nH⁺ = 2u + v = 0,12

nCO₂ = u + v = 0,09

→  u = 0,03; v = 0,06

→  Mỗi phần X chứa CO₃^2- (0,03k) và HCO₃^- (0,06k)

→ nBaCO₃ = 0,03k + 0,06k = 0,15 → k = 5/3

Vậy toàn bộ X chứa CO₃^2- (0,1) và HCO₃^- (0,2), bảo toàn điện tích → nNa⁺ = 0,4

Bảo toàn Na → a + 2.1,5a = 0,4

Bảo toàn C → V/22,4 + 1,5a = 0,1 + 0,2

→ V = 3,36 lít

KHSO₄ + Ba(HCO₃)₂ → BaSO₄ + K₂SO₄ + CO₂ + H₂O

NH₄HCO₃ + Ba(OH)₂ → BaCO₃ + NH₃ + H₂O

M(HCO₃)₂ → MCO₃ + CO₂ + H₂O (M là Mg, Ca)

(d) Al + H₂O + NaOH → NaAlO₂ + H₂

Na + H₂O → NaOH + H₂

NaOH + CuSO₄ → Cu(OH)₂ + Na₂SO₄.

C trung bình của muối = (18.3 + 16.4 + 18.5)/(3 + 4 + 5) = 52/3

—> C trung bình của E = 3.52/3 + 3 = 55

Quy đổi E thành (HCOO)₃C₃H₅ (a), CH₂ (49a) và H₂ (-b) (Tính nCH₂ = 55a – 6a)

mY = 176a + 14.49a = 68,96

nO₂ = 5a + 1,5.49a – 0,5b = 6,09

—> a = 0,08; b = 0,38

—> mE = 68,20 gam.

(a) Đúng

(b) Sai, glucozơ bị oxi hóa thành amoni gluconat

(c) Sai, amilopectin có mạch phân nhánh

(d) Sai, thành phần chính là etanol C₂H₅OH

(e) Sai, đông tụ protein.

nHCl = 0,15

pH = 1 →[H⁺] = 0,1 → nH⁺ = 0,01

→ nOH^- = nH⁺ phản ứng = 0,15 – 0,01 = 0,14

nOH^- = 2nO + 2nH₂ →nO = 0,05

m kim loại = 9,15 – mCl- = 9,15 – 0,14.35,5 = 4,18

→ m = m kim loại + mO = 4,18 + 0,05.16 = 4,98

nH₂O = 0,58. Gọi công thức chung của X là CxHyOz

CxHyOz + (x + y/4 – z/2)O₂ —> xCO₂ + y/2H₂O

0,26…….……………0,79…………………………..…….0,58

—> y = 58/13

và x + y/4 – z/2 = 79/26

—> x – z/2 = 25/13

X có z oxi nên mỗi phân tử X có z/2 liên kết pi không thể cộng Br₂ (Do nằm trong COO).

Vậy để làm no X cần lượng Br₂ là:

nBr₂ = 0,26[(2x + 2 – y)/2 – z/2] = 0,26(x – z/2 – y/2 + 1) = 0,18

Y + NaOH thu được dung dịch chứa Na⁺ (0,91 + 0,01 = 0,92), SO₄^2- (0,46), bảo toàn điện tích vừa đủ nên Y không còn NO3-.

Đặt u là tổng khối lượng của Fe²⁺, Fe³⁺, Mg²⁺.

Đặt nNH₄⁺ = v

m muối = u + 18v + 0,01.23 + 0,46.96 = 58,45

nOH- trong kết tủa = 0,91 – v

—> m↓ = u + 17(0,91 – v) = 29,18

—> u = 13,88 và v = 0,01

nNO₃^-(X) = (mX – u)/62 = 0,15 —> nFe(NO₃)₃ = 0,05

—> %Fe(NO₃)₃ = 0,05.242/23,18 = 52,20%

Bảo toàn O: 2nO2 = 2nCO2 + nH2O —> nCO2 = 0,4

Quy đổi E thành CH4 (0,09), CH2 và NH

Bảo toàn C —> nCH2 = 0,31

Bảo toàn H —> nNH = 0,1

Amin X có z nguyên tử N —> nX = 0,1/z

Vì nX > nY nên nX > 0,045 —> z < 2,22

z = 1 thì nX = 0,1 > nE: Vô lý, vậy z = 2 là nghiệm duy nhất

Vậy E gồm CnH2n+4N₂ (0,05) và CmH2m+2 (0,04)

nCO₂ = 0,05n + 0,04m = 0,4 —> 5n + 4m = 40

—> n = 4, m = 5 là nghiệm duy nhất

E gồm C₄H₁₂N₂ (0,05) và C₅H₁₂ (0,04)

—> mE = 7,28 và mC4H12N2 = 4,4

—> Nếu mE = 14,56 thì mC4H12N2 = 8,8 gam.

nNaOH = 0,72 —> nO(E) = 1,44

E chứa C (u), H (v) và O (1,44)

—> mE = 12u + v + 1,44.16 = 42,66

nC/nH = u/v = 0,96/(0,78.2)

—> u = 1,44; v = 2,34

Dễ thấy E có nC = nO và các este trong E đều có M < 146 nên E gồm:

HCOOCH3 (x)

(HCOO)2C2H4 (y)

(COOCH3)2 (z)

nC = 2x + 4y + 4z = 1,44

mE = 60x + 118y + 118z = 42,66

Muối gồm HCOONa (x + 2y) và (COONa)2 (z)

m muối = 68(x + 2y) + 134z = 48,87

—> x = 0,18; y = 0,225; z = 0,045

Este có số mol lớn nhất là (HCOO)2C2H4

—> %(HCOO)2C2H4 = 118y/42,66 = 62,24%.

A. Sai, lớp chất rắn màu trắng nổi lên là xà phòng.

B. Đúng, dung dịch NaCl bão hòa làm tăng tỉ khối của hỗn hợp đồng thời hạn chế khả năng tan của xà phòng giúp tách xà phòng ra khỏi hỗn hợp và nổi lên.

C. Đúng, phản ứng thủy phân nên bắt buộc phải có H2O.

D. Đúng