Đáp án D

Amin no đơn chức mạch hở có dạng: C_nH_2n+3N 

Đáp án A

Nếu quy ước độ cứng của kim cương là 10 thì độ cứng của crom là 9, vonfram là 7, sắt là 4,5 , Cu là 3.

Vậy kim loại cứng nhất là Crom. 

Đáp án A

Alyxin là một α–amino axit vì có nhóm (–NH₂) gắn vào C ở trị trí α 

Đáp án C

CH₃COOH là axit || C₂H₅OH là ancol.

CH₃COOCH₃ là este || CH₃CHO là anđehit

Đáp án C

Tên của các polime thường được lấy theo nên của monome tạo ra polime đó.

Vì monome cần dùng là etilen ⇒ polime có tên gọi là polietilen

Đáp án D

Trong máu người lẫn máu động vật đều chứa 1 hàm lượng đường glucozo nhất định để nuôi cơ thể 

Đáp án B

Vì trong CTCT của glucozo có chứa nhóm andehit.

⇒ Glucozo có khả năng tham gia phản ứng tráng bạc 

Đáp án C

Vì amin được tạo thành từ 3 nguyên tố hóa học là C, H và N.

⇒ Khi đốt cháy amin ta sẽ thu được khí N₂ 

Đáp án D

Một số axit béo thường gặp đó là:

C₁₇H₃₅COOH : Axit Stearic

C₁₇H₃₃COOH : Axit Olein

C₁₇H₃₁COOH : Axit Linoleic 

C₁₅H₃₁COOH : Axit Panmitic

Đáp án D

Khi kết hợp nguyên tố S (lưu huỳnh) với cao su để tạo ra cao su lưu hóa có cấu trúc mạch không gian  

Đáp án A

Glyxin là 1 α–amino axit có CTPT là C₂H₅O₂N.

Glyxin có công thức cấu tạo thu gọn là H₂NCH₂COOH 

Đáp án A

Để gọi tên của este (RCOOR') ta đọc theo thứ tự:

Tên R' + Tên RCOO + at

⇒ Tên gọi của HCOOC₂H₅ là etyl fomat. 

Đáp án B

Tơ visco là 1 tơ bán tổng hợp 

Đáp án C

+ Những kim loại phổ biến thường gặp và có khả năng

tác dụng mãnh liệt với nước ở điều kiện thường đó là.

Li, K, Ba, Ca, Na với mẹo đọc là (Lí Ka Bài Ca Nào?)

⇒ Loại Fe 

Đáp án D

Tên của các polime thường được lấy theo nên của monome tạo ra polime đó.

⇒ Monome cần dùng là vinyl clorua 

Đáp án B

Cacbohidrat được chia làm 3 loại là:

– Monosaccarit: gồm có glucozơ và fructozơ.

– Đisaccarit: gồm có saccarozơ và mantozơ.

– Polisaccarit: gồm có tinh bột và xenlulozơ.

Tính chất hóa học chung của kim loại là tính khử.

Đáp án D

Đáp án B

Vì CH₃COOC₂H₅ + NaOH → CH₃COONa + C₂H₅OH 

Đáp án C

Khi bỏ hết cả 3 nguyên tử H từ phân tử NH₃ ⇒ Amin bậc 3.

Đáp án D

Vì tinh bột được tạo ra từ nhiều gốc α–glucozo.

⇒ Thủy phân hoàn toàn tinh bột thu được glucozo 

Đáp án B

Ta có: NH₃NH₂ + H₂O ⇌ CH₃NH₃⁺ + OH^–

Đáp án C

Tơ nilon-7 thành phần các nguyên tố gồm: C, H, O và N.

Tơ nilon-6 thành phần các nguyên tố gồm: C, H, O và N.

Cao su buna thành phần các nguyên tố gồm: C, H, và O.

Tơ nilon-6,6 thành phần các nguyên tố gồm: C, H, O và N.

Đáp án C

Este no đơn chức mạch hở không tác dụng được với dung dịch brom.

Đáp án C

Theo dãy hoạt động hóa học của các kim loại.

⇒ Tính khử giảm dần từ Na > Al > Fe > Cu 

Đáp án A

Hợp chất đơn chức có CTPT C₃H₆O₂ không phải este.

⇒ Các đồng phân axit ⇒ Chỉ có C₂H₅COOH thỏa mãn 

Đáp án C

+ Dùng quỳ tím vì:

+ Lysin làm quỳ tím hóa xanh.

+ Valin không làm quỳ tím đổi màu.

+ Axit glutamic làm quỳ tím đổi màu hồng.

HCOOC₂H₅ + KOH → HCOOK + C₂H₅OH

→ n_HCOOC2H5 = n_HCOOK = 0,1 mol

→ m = 0,1.84 = 8,4 gam

Vì este đơn chức → Phân tử chứa 2 nguyên tử Oxi.

Đồng thời loại C (Axit).

MEste = (16,2/53.33)× 100 = 60 → Este có M = 60

Đáp án B

Số hợp chất đơn chức có CTPT là C₂H₄O₂ gồm:

CH₃COOH và HCOOCH₃.

Vì Este và axit đều có thể tác dụng với NaOH 

Đáp án D

Vì Saccarozo có 8 nhóm OH nên có tính chất của poliancol.

⇒ Saccarozo có thể hòa tan được Cu(OH)₂ 

Phản ứng tráng gương: 1Glucozo → 2Ag.

⇒ n_Ag = 2n_Glucozo = 72180 × 2 = 0,8 mol.

⇒ m_Ag = m = 0,8 × 108 = 86,4 gam

Đáp án B

Ta có: FeCl₃ + 3NH₃ + 3H₂O → Fe(OH)₃↓ _{nâu đỏ} + NH₄Cl

Chọn đáp án C.

Cách 1, 3: Sắt trong nước ngầm dưới dạng muối sắt (II) sẽ bị oxi hoá thành các hợp chất sắt (III) không tan và được tách ra khỏi nước.

Cách 2: Tách ion sắt dưới dạng hiđroxit kết tủa

Đáp án A

Amin đơn chức có CTTQ là: C_nH_2n+3-2aN (Với a = π + vòng).

B sai vì sản phẩm gồm xà phòng và glixerol.  

C sai vì chất béo là trieste của glixerol và axit béo.

D sai vì có thể thu được 1 loại α–amino axit

Chọn đáp án A 

(RCOO)₃C₃H₅ + 3NaOH → 3RCOONa + C₃H₅(OH)₃.

Đặt nchất béo = x ⇒ nglixerol = x; nNaOH = 3x. Bảo toàn khối lượng:

80,6 + 40.3x = 83,4 + 92x ⇒ x = 0,1 mol ⇒ m = 9,2(g)

Đáp án B

Trong tro thực vật chứa nhiều K₂CO₃

⇒ Khi đốt đồng sẽ cung cấp thêm cho cánh đồng ở mùa vụ sau một lượng kali dưới dạng K₂CO₃.

Ta có phản ứng:

Gly-Ala + 2KOH → H₂NCH₂COOK + H₂NCH(CH₃)COOK + H₂O.

+ Ta có: nH₂NCH₂COOK = 1,13/113 = 0,01 mol

⇒ m = 0,01 × (75 + 89 – 18) = 1,45 gam

từ muối P1→P2 khối lượng tăng = m_Cl=33,375−31,635,5Chú ý phương trình 6FeSO4+3Cl2→2FeCl3+2Fe2(SO4)3

quy đổi hỗn hợp thành FeO và Fe2O3

Vì muối khan ở phần 2 có thêm Cl

m_Cl = m_{muối khan ở pư 2} - m_{muối khan ở pư 1} = 1,775

n_Cl = 0,05 mol

n _FeSO4 = n _Cl= 0,05 mol

m FeSO4 trong hh = 7,6 gam

m Fe2(SO4)3 = 24 gam

n Fe2(SO4)₃ = 0,06 mol

n H₂SO₄ = nSO₄ = nFeSO₄ + 3n Fe₂(SO₄)₃ = 0,23 mol = nH₂O

Định luật bảo toàn khối lượng:

1/2 m hh + m H₂SO₄ = m muối + m H₂O

→ 1/2 m hh = 13,2 gam

m hh = 26,4 gam.

4 chất có trong X có CTPT lần lượt là:

C3H4O2, C5H8O2, C4H6O2 và C4H6O4.

+ Ta có nCO2↑=nBaCO3=0,5 mol

Giả sử hỗn hợp chỉ chứa C3H4O2

C3H4O2 → 3CO2 + 2H2O

⇒ nH2O = 0,5×23=13 ⇒ mH2O=6 gam

Giả sử hỗn hợp chỉ chứa C5H8O2

C5H8O2 → 5CO2 + 4H2O

⇒n H2O = 0,5×45 = 0,4 ⇒ mH2O = 7,2 gam

⇒ 6 < mH2O < 7,2

Đặt n_N2 = x mol; n_H2 = y mol 

Ta có hệ phương trình:

x + y = 0,12 và 28x + 2y = 0,76

→ x = 0,02 và y = 0,1

n_Mg = 7,2: 24 = 0,3 mol

Mg → Mg²⁺ + 2e                     

0,3                 0,6     

2N⁺⁵ + 10 e → N₂                           

0,2       0,02

2H⁺ + 2e → H₂

         0,2      0,1

N⁺⁵   + 8e → N^-3

          0,2      0,025

Vì có H₂ thoát ra →  hết → ∑ n_N = 0,04 + 0,025 = 0,065 mol

Bảo toàn nguyên tố O → n_H2O = 0,065.3 = 0,195

→ n_{HCl bđ} = ∑ n_H(sp) = 0,1. 2 + 0,195.2 + 0,025. 4 = 0,69 mol

→ m _muối =  m_Ag + mNH₄⁺ + mCl^- = 0,065. 39 + 7,2 + 0,025.18 + 0,69.35,5 = 34, 68 g