Đề thi thử THPT QG môn Hóa học năm 2019 - Trường THPT Chuyên Nguyễn Quang Diêu- Đồng Tháp lần 1

Đề thi thử THPT QG môn Hóa học năm 2019 - Trường THPT Chuyên Nguyễn Quang Diêu- Đồng Tháp lần 1

  • Hocon247

  • 40 câu hỏi

  • 90 phút

  • 19 lượt thi

  • Trung bình

Tham gia [ Hs Hocon247.com ] - Cộng Đồng Luyện Thi Trực Tuyến để được học tập những kiến thức bổ ích từ HocOn247.com

Câu 10: Trắc nghiệm ID: 187976

Khi nấu canh cua thì thấy các mảng gạch cua nổi lên là do

Câu 20: Trắc nghiệm ID: 187986

Phát biểu nào sau đây không đúng?

Câu 26: Trắc nghiệm ID: 187992

Cho m gam hỗn hợp X gồm ba este (chỉ chứa chức este, không có nhóm chức khác) tác dụng tối đa với 525 ml dung dịch NaOH 1M, thu được hỗn hợp Y gồm hai ancol đơn chức cùng dãy đồng đẳng và 42,9 gam hỗn hợp muối Z. Đốt cháy hoàn toàn Y thu được 6,72 lít CO2 (đktc) và 9,45 gam H2O. Già trị của m là:

Xem đáp án

Đốt ancol → nCO2 = 0,3 mol, nH2O = 0,525

→ nAncol = nH2O - nCO2 = 0,225

Số C = nCO2/nAncol = 1,333

→ Ancol chứa CH3OH

→ Các ancol đều no, đơn chức, mạch hở.

→ nNaOH  phản ứng với chức este của ancol = nO (Ancol) =0,225

mAncol = mC + mH + mO = 8,25 gam

nNaOH phản ứng với chức este của phenol = 0,525 - 0,225 = 0,3

→ nH2O = 0,15 mol

BTKL: mX + mNaOH = m muối + m ancol + mH2O

→ mX = 32,85 gam

Câu 27: Trắc nghiệm ID: 187993

Để hòa tan hết 5,46 gam Fe cần ít nhất V ml dung dịch hỗn hợp H2SO4 0,3M và Fe(NO3)3 0,04M. Biết sản phẩm khử của N+5 là NO duy nhất. Giá trị của V là:

Xem đáp án

nFe = 0,0975 mol

nH2SO4 = 0,3V và nFe(NO3)3 = 0,04V

→ nH+ = 0,6V và nNO3- = 0,12V

Dễ thấy nH+ > 4nNO3- nên tại thời điểm NO3- hết thì H+ vẫn còn, vậy có thêm cả H2.

nNO = 0,12V, nH+ dư = 0,6V - 4nNO = 0,12V

Bảo toàn electron: 2nFe = 3nNO + nH+ + nFe3+

→ 0,0975.2 = 3.0,12V + 0,12V + 0,04V

→ V = 0,375 lít = 375 ml

Câu 29: Trắc nghiệm ID: 187995

Cho 26,03 gam Ba vào 100 ml dung dịch chứa Al2(SO4)3 0,5M. Sau khi các phản ứng xảy ra hoàn toàn thu được m gam kết tủa. Phát biểu nào sau đây đúng?

Xem đáp án

nBa = 0,19 mol, nAl2(SO4)3 = 0,05 mol

nBa2+ = 0,19 mol và nSO42- = 0,15 mol → nBaSO4 = 0,15 mol

nOH- = 0,38 và nAl3+ = 0,1 → nAl(OH)3 = 0,02 mol

→ m kết tủa = 36,51 gam

nH2 = nBa = 0,16 mol

Độ biến thiên khối lượng = mBa - m kết tủa - mH2 = -10,86 gam

Vậy khối lượng dung dịch giảm 10,86 gam

Câu 30: Trắc nghiệm ID: 187996

Tiến hành thí nghiệm với các chất X, Y, Z, T (trong dung dịch) thu được kết quả như sau:

Câu 31: Trắc nghiệm ID: 187997

Đốt cháy hoàn toàn 0,08 mol hỗn hợp X gồm (C2H2, C2H4, CH4 và C3H6) thu được 0,14 mol CO2 và 0,17 mol H2O. Mặt khác, cho 2,525 gam X phản ứng tối đa với a mol Br2 trong dung dịch. Giá trị của a là

Xem đáp án

Số C = nCO2/nX = 1,75

Số H = 2nH2O/nX = 4.25

→ Độ không no k = (2C + 2 - H)/2 = 0,625

mX = mC + mH = 2,02 và nBr2 = knX = 0,05

Tỉ lệ: 2,02 gam X làm mất màu hết 0,05 mol Br2

→ 2,525 gam X làm mất màu hết a mol Br2

→ a = 0,0625

Câu 33: Trắc nghiệm ID: 187999

Điện phân (với điện cực trơ, màng ngăn) dung dịch chứa hỗn hợp CuSO4 và NaCl (trong đó số mol NaCl gấp 4 lần số mol CuSO4) bằng dòng điện một chiều có cường độ ổn định. Sau t giờ thu được dung dịch X và sau 2t giờ thu được dung dịch Y. Dung dịch X tác dụng với bột Al dư thu được 1,5a mol khí H2. Dung dịch Y t|c dụng với bột Al dư thu được 12a mol khí H2. Hiệu suất điện phân 100%, các phản ứng xảy ra hoàn toàn và các khí không tan trong nước. Phát biểu nào dưới đây đúng?

Xem đáp án

nCuSO4 = x, nNACl = 4x, tự chọn a = 1 mol

Do nNa+ > 2nSO42- nên các dung dịch X, Y đều có OH- hoàn tan Al tạo ra H2

Thời điểm t giây:

Al + X → nH2 = 1,5 → nOh- = 1 v nH2 ở catot = 0,5

Catot: nCu = x và nH2 = 0,5

BTDT → nCl2 = x + 0,5

Thời điểm 2t giây:

Al + Y → nH2 = 12 → nOH- = 8

Catot: nCu = x và nH2 = x + 1

Lúc này nếu anot chưa có O2 thì nCL2 = 2x + 1 : Vô lý, vì nCl- = 4x. Vậy anot đã có O2

Y chứa SO42- (x), Na+ (4x) và OH-(8). Bảo toàn điện tích → x = 4

A. Sai:

ne trong t giây = 2x + 1 = 9 → ne trong 0,85 giây = 0,85.9 = 7,65

nCu2+ = 4 nên Cu2+ chưa bị điện phân hết, không có H2 thoát ra.

B. Sai:

tại 2t giờ:

Catot: nCu = x = 4 và nH2 = x + 1 = 5

Anot: nCl2 = 2x = 8 → nO2 = 0,5

→ n khí tổng =13,5

C. Đúng

ne trong 1,8t giờ = 1,8.9 = 16,2

nCl2 = 8 → nO2 = 0,05 mol

D. Sai

Tại t giờ tại anot nCl2 = x + 0,5 = 4,5

Câu 34: Trắc nghiệm ID: 188000

Hỗn hợp E gồm ba este X, Y, Z (đều mạch hở, chỉ chứa một loại nhóm chức, trong phân tử mỗi este có số liên kết pi không quá 3, MX < MY < MZ, X chiếm 50% số mol hỗn hợp). Đun nóng 11,14 gam E với dung dịch NaOH vừa đủ, thu được hỗn hợp T gồm các muối và hỗn hợp G chứa ba ancol đều no. Tỉ khối hơi của G so với H2 bằng 28,75. Đốt cháy toàn bộ T cần dùng 0,115 mol O2, thu được 9,805 gam Na2CO3 và 0,215 mol hỗn hợp gồm CO2 và H2O. Phần trăm khối lượng của Y trong E là

Xem đáp án

nNa2CO3 = 0,185 → nNaOH = 0,37

Đặt a, b là số mol CO2 và H2O → a + b = 0,43

Bảo toàn O → 2a + b + 0,185.3 = 0,37.2 + 0,23.2

→ a = b = 0,215

→ Các muối trong Y đều no, đơn chức

BTKL → mY = 25,58

→ mZ = 11,5 → nZ = 0,2

Các ancol và muối đều no nên X gồm các este no, mạch hở, không quá 3 chức.

Quy đổi X thành:

HCOOCH3 : x mol

(HCOO)2C2H4 : y mol

(HCOO)3C3H5 : z mol

CH2 : t mol

nX = x + y + z = 0,2

nY = x + 2y + 3z = 0,37

theo đề: x = y + z → x = 0,1; y = 0,03 và z = 0,07

mX = 22,28 → t = 0,03

Dễ thấy t = y, vậy chỉ có thêm 1 nhóm CH2 trong chất này. Các este gồm: HCOOCH3 : 0,1 mol;

HCOOC2H4OOCCH3 : 0,03 mol → 17,77%

(HCOO)3C3H5: 0,07 mol

 

Câu 39: Trắc nghiệm ID: 188005

Cho 1 mol chất X (C7HyO3, chứa vòng benzen) tác dụng hết với NaOH dư, thu được 1 mol chất Y, 1 mol chất Z và 2 mol H2O (trong đó MY < MZ, có 3 mol NaOH tham gia phản ứng). Chất Z tác dụng với dung dịch H2SO4 loãng dư thu được T (Y, Z, T là các hợp chất hữu cơ). Phát biểu nào sau đây sai:

Bắt đầu thi để xem toàn bộ câu hỏi trong đề

❓ Câu hỏi mới nhất

Xem thêm »
Xem thêm »