Nhìn vào đề bài ta thấy xenlulozơ, tinh bột, glucozơ và saccarozơ đều là cacbohidrat nên ta gọi công thức chung của chúng là C_n(H₂O)_m.

Khi đốt cháy ta có: C_n(H₂O)_m + nO₂ → nCO₂ + mH₂O

Ta có:  \({n_{C{O_2}}} = {\rm{ }}{n_{{O_2}}} = {\rm{ }}2,52{\rm{ }}22,4{\rm{ }} = {\rm{ }}0,1125{\rm{ }}mol\)

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

\(m{\rm{ }} + {\rm{ }}{m_{{O_2}}} = {\rm{ }}{m_{C{O_2}}} + {\rm{ }}{m_{{H_2}O}}{\rm{ }} \to {\rm{ }}m{\rm{ }} = {\rm{ }}0,1125.44{\rm{ }} + 1,8 - {\rm{ }}0,1125.32{\rm{ }} = {\rm{ }}3,15g\)

Gọi công thức của X là C_nH_2n+2−2kO₂ (k < 2)

\({C_n}{H_{2n + 2 - 2k}}{O_2} + {\rm{ }}\frac{{3n - 1 - k}}{2}{\rm{ }}{O_2} \to nC{O_2} + \left( {n + 1 - k} \right){H_2}O\)

\( \to {\rm{ }}\frac{{{n_{{O_2}}}}}{{{n_{C{O_2}}}}} = {\rm{ }}1,5{\rm{ }} - {\rm{ }}\frac{{1 + {\rm{ }}k}}{{2n}}{\rm{ }} = {\rm{ }}7{\rm{/}}6{\rm{ }} \to {\rm{ }}\frac{{1 + {\rm{ }}k}}{{2n}} = {\rm{ }}1/3\)

Trong X có nhóm COOH có 1 liên kết π rồi nên ta chỉ thay

k=1 hoặc 2

k=1 suy ra n=3 ( nhận )

k=2 suy ra n=4,5 (loại)

Do đó CTPT là C₃H₆O₂ , CT este duy nhất là CH₃COOCH₃

CH₃COOCH₃ + KOH → CH₃COOK + CH₃OH

Gọi số mol KOH phản ứng là x mol

\({n_{C{H_3}COOK}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{n_{C{H_3}OH}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{n_{KOH}}\) pư = x mol

\({n_{KOH}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,14,{\rm{ }}{n_{KOH}}\)dư = 0,14 − x

mcô cạn = (0,14− x). 56 + 98x = 12,88 → x = 0,12.

Vậy khối lượng este là: 0,12.74=8,88g

Saccarozơ → Glucozơ + Fructozơ

0,02             0,02.75%     0,02.75%

Mantozơ →  2Glucozơ

0,01             0,01.2.75%

Vậy sau phản ứng thủy phân dung dịch X gồm: Glucozơ: 0,03; Fructozơ: 0,015; Saccarozơ: 0,005; nmantozơ: 0,0025

Khi X tham gia phản ứng tráng bạc chỉ có Glucozơ, Fructozơ và Mantozơ phản ứng tạo 2Ag

Vậy số mol Ag là:  \(0,03.2 + 0,015.2 + 0,0025.2 = 0,095{\rm{ }}mol\)

Gọi công thức chung của chất béo là (RCOO)₃C₃H₅

(RCOO)₃C₃H₅+3NaOH→3RCOONa+C₃H₅ (OH)₃

0,02                   0,06           0,06               0,02

→  \({n_{{C_3}{H_5}{{\left( {OH} \right)}_3}}} = \frac{{{\rm{ }}1}}{3}{\rm{ }}{n_{NaOH}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,02{\rm{ }}mol.\)

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

 \({m_{Este}}{\rm{ }} + {\rm{ }}{m_{NaOH}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{m_{xa {\rm{ }}pho ng}}{\rm{ }} + {\rm{ }}{m_{{C_3}{H_5}{{\left( {OH} \right)}_3}}} \to \)\({m_{xa {\rm{ }}pho ng}} = 17,24 + 0,06.40 - 0,02.92{\rm{ }} = 17,8g\)

Ta nhận thấy ngay mạch C₁₇H₃₃ có chưa 1 liên kết pi , mạch C₁₅H₃₁ là mạch C no và mạch C₁₇H₂₉ chứa 3 liên kết pi . Mà H₂ chỉ cộng vào mạch C chưa no của chất béo nên số mol H₂ cần để hidrohóa 1 mol chất béo là 4mol

\({n_{C{H_3}COONa}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{n_{C{H_3}COO{C_2}{H_5}}} = {\rm{ }}8,8/88{\rm{ }} = {\rm{ }}0,1{\rm{ }} \to {\rm{ }}{m_{C{H_3}COONa}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,1.82{\rm{ }} = {\rm{ }}8,2g\)

Gọi số mol axit, 2 ancol và este 2 chức là a,b,c mol.

 \({n_{NaOH{\rm{ }}b}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,1{\rm{ }}mol.{\rm{ }}{n_{NaOH{\rm{ }}d{\rm{o }}}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{n_{HCl}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,02{\rm{ }} \to {\rm{ }}{n_{NaOH{\rm{ }}p{\rm{o }}}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,08{\rm{ }} = {\rm{ }}2a{\rm{ }} + {\rm{ }}2c{\rm{ }}\left( 1 \right)\)

(C₁₇H₃₃COO)₃C₃H₅+3H₂→(C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅ (X)

 (C₁₇H₃₅COO)₃C₃H₅+3NaOH→3C₁₇H₃₅COONa+C₃H₅ (OH)₃ (Y)

 C₁₇H₃₅COONa+HCl→C₁₇H₃₅COOH(Z) + NaCl

Từ đó ta có thể suy ra Z là axit stearic.

X là este no, đơn chức có tỉ khối đối với CH₄ là 5,5 nên MX = 88.

Gọi công thức của este X là RCOOR₁ .

Ta có: R +44 + R₁ = 88 → R +R₁ = 44

Nếu đem đun 2,2 gam este X với dung dịch NaOH dư thu được 2,05g muối.

 nmuối \( = {n_X} = {\rm{ }}\frac{{2,2}}{{88}}{\rm{ }} = 0,025{\rm{ }}mol \to \)  M_muối \( = {\rm{ }}\frac{{2,05}}{{0,025}} = 82\)

\( \to {\rm{ }}R{\rm{ }} + {\rm{ }}44{\rm{ }} + {\rm{ }}23{\rm{ }} = {\rm{ }}82{\rm{ }} \to {\rm{ }}R{\rm{ }} = {\rm{ }}15{\rm{ }} \to {\rm{ }}{R_1} = {\rm{ }}29.\)

   Vậy công thức cấu tạo thu gọn của X: CH₃COOC₂H₅

Este 2 chức mạch hở C₆H₈O₄(k = 3) nên X là este không no, hai chức .

 TH₁: X tạo bởi 2 ancol đơn chức và 1 axit 2 chức

Ta có thể phân tích ngược bài toán từ dưới lên, từ Y ta có: Y là ancol khi đun nóng Y với H₂SO₄ đặc ở 170⁰C không tạo ra anken nên Y có công thức là CH₃OH → loại đáp án C

Vậy ancol không no thứ 2 là: CH₂ = CH −CH₂ − OH

Vậy axit no hai chức phải là (COOH)₂ không làm mất màu dung dịch Brom. chọn đáp án B

Vậy CT của X là CH₂ = CH − CH₂ − OOC − COOCH₃

TH₂: X tạo bởi 1 ancol 2 chức và 2 axit đơn chức

Nếu X tạo bởi ancol hai chức (Y) và hai axit đơn chức.

+ Y không phản ứng với Cu(OH)₂ ở điều kiện thường Þ n ³ 3.

Nếu n =3, công thức phân tử C₃H₆(OH)₂ (ancol no, hai chức), hai axit HCOOH và CH₃COOH (axit no, đơn chức). Không phù hợp vì este có phản ứng tráng gương và thừa 2 nguyên tử H. Nếu n = 4, Công thức phân tử C₄H₆(OH)₂ (ancol không no, hai chức), axit HCOOH (axit no, đơn chức). Không phù hợp vì este có phản ứng tráng gương

Este X có công thức phân tử C₂H₄O₂ nên X chỉ có công thức là CH₃ .

Khi đun nóng 9g X trong dung dịch NaOH vừa đủ đến khi phản ứng xảy ra hoàn toàn ta có PTHH HCOOCH₃ + NaOH → HCOONa +CH₃OH

\({n_{HCOONa}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{n_X}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{9}{{60}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,15{\rm{ }} \to {\rm{ }}m{\rm{ }} = {\rm{ }}0,15.68{\rm{ }} = {\rm{ }}10,2g\)

Trước hết các em phải biết được rằng trong công nghiệp sản xuất ruột phích thì sản phẩm sinh ra phải có Ag nên ta loại được đáp án C. Đối với đáp án A,B với phản ứng sản xuất trong công nghiệp ta cần 1 lượng rất lớn chất tham gia nhưng mà axit fomic và anđehit fomic rất khó để điều chế 1 lượng lớn và nó còn rất độc hại nên Glucozơ là lựa chọn đúng. Ta chọn đáp án D.

Hỗn hợp hai chất hữu cơ khi tác dụng với NaOH thu được hai muối của hai axit đơn chức và chỉ thu được 1 rượu vậy hai chất đó phải là este và hai este đó của cùng 1 rượu.

→ (1) đúng. Hoặc là 1 trong hai chất đó à 1 este và 1 axit có gốc axit khác nhau

→ (3) đúng.

Vậy đáp án là (1) và (3).

A. Dung dịch Mantozơ tác dụng với Cu(OH)₂ khi đun nóng cho kết tủa Cu₂O . Đúng

B. Sai Vì Thủy phân (xúc tác H⁺,t⁰) Saccarozơ thủy phân ra Glucozơ và Fructozơ còn Mantozơ khi thủy phân chỉ cho ra 1 monosaccarit là Glucozơ.

C. Dung dịch fructozơ hòa tan được Cu(OH)₂. Đúng

D. Sản phẩm thủy phân xenlulozơ (xúc tác H⁺,t⁰)  có thể tham gia phản ứng tráng gương. Đúng

Công thức phân tử C₅H₁₀O₂ , phản ứng được với dung dịch NaOH nhưng không phản ứng tráng bạc thì chất X phải là axit hoặc là este nhưng este đấy không chứa gốc HCOO-.

Vậy các CTCT cần tìm là: CH₃CH₂CH₂CH₂COOH, CH₃CH(CH₃ )CH₂COOH, CH₃CH₂CH(CH₃ )COOH, CH₃C(CH₃ )₂COOH CH₃CH₂CH₂COOCH₃ , CH₃CH₂COOCH₂CH₃ , CH₃CH(CH₃)COOCH₃ , CH₃COOCH₂CH₂CH₃ , CH₃COOCH(CH₃)CH₃

Vậy có tất cả là 9 CT

Gọi công thức của X là (R̅COO)₂C₂H₄ .

Phân tích: Trong phân tử este, số nguyên tử cacbon nhiều hơn số nguyên tử oxi là 1. Vậy nên trong phân tử este có 5C. Mà nhìn vào CT của X ta đã thấy 4C nên CT của X là HCOOC₂H₄OOCCH₃ .

Vì este này là 2 chức nên:  \({n_{este{\rm{ }}}} = {\rm{ }}\frac{1}{2}{\rm{ }}{n_{NaOH}}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{1}{2}{\rm{ }}.{\rm{ }}\frac{{10}}{{40}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,125\)

Vậy khối lượng m là: m = 0,125.132 = 16,5g

CH₃COO-C₆H₄ -COOH+3KOH→CH₃COOK+KOC₆H₄ -COOH+2H₂O

 \({n_{axit{\rm{ }}axetylsalixylic}}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{43,2}}{{180}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,24{\rm{ }} \to {\rm{ }}nKOH{\rm{ }} = {\rm{ }}3.0,24{\rm{ }} = {\rm{ }}0,72{\rm{ }}mol{\rm{ }} \to {\rm{ }}V{\rm{ }} = {\rm{ }}0,72{\rm{ }}li t\)

Công thức C₂H₄O₂ ứng với các công thức este no và axit no, đơn chức, mạch hở, hoặc là tạp chức

Vậy CTCT của X là HCOOCH₃ , CH₃COOH, OH-CH₂ -CHO

Vậy có tất cả 3 công thức.

Gọi công thức của este no, đơn chức là CnH₂nO₂ .

Phản ứng đốt cháy:  \(Cn{H_2}n{O_2} + {\rm{ }}\frac{{3n{\rm{ }} - {\rm{ }}2}}{2}{\rm{ }}{O_2} \to {\rm{ }}nC{O_2} + {\rm{ }}n{H_2}O\)

Vì sau phản ứng:  \({n_{C{O_2}}} = {\rm{ }}{n_{{O_2}}} \to {\rm{ }}\frac{{3n{\rm{ }} - {\rm{ }}2}}{2}{\rm{ }} = {\rm{ }}n{\rm{ }} \to {\rm{ }}n{\rm{ }} = {\rm{ }}2\)

Vậy CTCT este chỉ có: HCOOCH₃ (metyl fomiat)

Chất không phản ứng thủy phân trong môi trường axit là Glucozơ.

Chú ý: Đối với cacbohiđrat thì chỉ có Glucozơ và Fructozơ là không thủy phân được trong môi trường axit. 

Phản ứng: CO₂ + Ca(OH)₂ → 10 gam kết tủa + ....

Δm_{dung dịch giảm} = m_CaCO3↓ – m_CO2↑ = 3,4 gam

⇒ m_CO2 = 10 – 3,4 = 6,6 gam ⇒ n_CO2 = 0,15 mol.

Phản ứng: C6H12O6 → 2C2H5OH + 2CO2

Với H = 90% ⇒ m = m_glucozơ = 0,15 ÷ 2

Polime thiên nhiên được sinh ra trong quá trình quang hợp của cây xanh.

Ở nhiệt độ thường, Polime này tạo với dung dịch iot hợp chất có màu xanh tím

⇒ Polime thiên nhiên đó là tinh bột ⇒ Chọn C

Triolein có thể phản ứng với H₂O và NaOH (thủy phân) và H₂ (cộng vào nối đôi trong gốc axit)

Thủy phân este no, đơn chưc thu được 2 sản phẩm hữu cơ X và Y.

Từ X có thể điều chế trực tiếp ra Y nên X phải là rượu và Y là axit.

Vậy ta có thể loại được đáp án A và D

Nếu X là rượu metylic thì thì este có CTCT là C₂H₅COOCH₃ .

Ta nhận thấy từ CH₃OH không thể điều chế trực tiếp ra C₂H₅COOH nên loại đáp án C

Nếu X là rượu etylic thì este có CTCT là CH₃COOC₂H₅ .

Ta nhận thấy từ C₂H₅OH có thể điều chế được trực tiếp ra CH₃COOH nên chọn đáp án B

→ este đơn chức có chứa 1 liên kết đôi

Khi thủy phân trong môi trường axit thu được axetanđehit

→ este đó là CH₃COO-CH=CH₂.

CH₃COO-CH=CH₂ + H₂O ⇌ CH₃COOH + CH₃CHO.

CH₃CH₂COOCH=CH₂ cùng dãy đồng đẳng với CH₂=CHCOOCH₃ → Sai 

→ Đáp án D

Gọi công thức Trieste của glixerol và axit đơn chức, mạch hở là C_nH_2n−4−2kO₆ (k là số liên kết π trong gốc axit). Gọi số mol của X là x mol.

C_nH_2n−4−2kO₆ → nCO₂ + (n − 2 − k)H₂O

Ta có:  \({n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}}{\rm{ }} = {\rm{ }}4{n_X}{\rm{ }} \to {\rm{ }}nx - x\left( {n - 2 - k} \right) = 4x \to k = 2\)

Vậy công thức của X là C_nH_2n−8O₆ .

C_nH_2n−8O₆ + 2H₂ → C_nH_2n−4O₆

x                    2x

\({n_{{H_2}}} = {\rm{ }}\frac{{6,72}}{{22,4}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,3{\rm{ }} = {\rm{ }}2x{\rm{ }} \to {\rm{ }}x{\rm{ }} = {\rm{ }}0,15\)

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:  \({m_X}{\rm{ }} + {\rm{ }}{m_{{H_2}}} = {\rm{ }}{m_Y}{\rm{ }} \to {\rm{ }}{m_X}{\rm{ }} = {\rm{ }}39 - {\rm{ }}0,3.2{\rm{ }} = {\rm{ }}38,4g\)

X + 3NaOH→muối +C₃H₅ (OH)₃

0,15  0,7

Vậy sau phản ứng NaOH dư

Ta có  \(:{\rm{ }}{n_{{C_3}{H_5}{{\left( {OH} \right)}_3}}} = {\rm{ }}{n_X}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,15{\rm{ }}mol\)

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có 

\({m_{CR}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{m_X}{\rm{ }} + {\rm{ }}{m_{NaOH}}{\rm{ }} - {\rm{ }}{m_{{C_3}{H_5}{{\left( {OH} \right)}_3}}} = {\rm{ }}38,4 + {\rm{ }}0,7.40 - {\rm{ }}0,15.92{\rm{ }} = {\rm{ }}52,6\)

Thủy phân X trong môi trường axit thu được chất Y và Z. Đốt cháy hoàn toàn X tạo thành số mol CO₂ bằng số mol nước nên X phải là este no, đơn chức, mạch hở. Khi X là este no, đơn chức, mạch hở thủy phân ra chất Y tham gia được phản ứng tráng gương nên Y là HCOOH. Vậy CT este là HCOOC_nH_2n+1

Vậy chất Z là CnH_2n+1OH, trong Z có số nguyên tử C bằng một nửa số nguyên tử C trong X nên ta có:  

\(n{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{n{\rm{ }} + {\rm{ }}1}}{2}{\rm{ }} \to {\rm{ }}n{\rm{ }} = {\rm{ }}1\)

Vậy CT este là HCOOCH₃.

A. Đúng vì Y là HCOOH tan vô hạn trong nước.

B. Đúng vì 1 mol C₂H₄O₂ khi đốt cháy sinh ra 2 mol CO₂ và 2 mol nước.

C. Sai vì Z là CH₃OH khi đun với dung dịch H₂SO₄ đặc ở 170⁰C thì thu được xeton chứ không phải là anken.

D. Đúng vì X là este no, đơn chức.

Cho hỗn hợp X gồm hai chất hữu cơ no, đơn chức tác dụng vùa đủ với dung dịch KOH thu được một muối và một ancol nên X có thể gồm :

\(\left\{ \begin{array}{l} RCOOR{\rm{ }}\prime \\ RCOOH \end{array} \right.\)  hoặc \(\left\{ \begin{array}{l} R{\rm{ }}\prime OH\\ RCOOR' \end{array} \right.\) hoặc \(\left\{ \begin{array}{l} RCOOH\\ R'OH \end{array} \right.(R' \ne H)\)

Ta có : n_KOH = 0,04mol > n_ancol = 0,015mol

Đến đây, nhìn vào 4 đáp án ta thấy X phải là RCOOR’ và RCOOH

⟹  \({n_{RCOOR{\rm{ }}\prime }}{\rm{ }} = {\rm{ }}{n_{ancol}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,015{\rm{ }}va {\rm{ }}{n_{RCOOH}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,04{\rm{ }} - {\rm{ }}0,015{\rm{ }} = {\rm{ }}0,025mol\)

Đặt công thức của hai chất trong X là C_nH_2nO₂ và C_mH_2mO₂ (n<m)

\(\Rightarrow {n_{{C_n}{H_{2n}}{O_2}}} = {\rm{ }}0,025mol;{\rm{ }}{n_{{C_m}{H_{2m}}{O_2}}} = {\rm{ }}0,015mol \Rightarrow \sum {n_{{H_2}O}}{\rm{ }} = \sum {n_{C{O_2}}} = {\rm{ }}0,025n{\rm{ }} + {\rm{ }}0,015m\)

 Có ∶ \({m_{bi nh{\rm{ }}tang}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{m_{C{O_2}}} + {\rm{ }}{m_{{H_2}O}}{\rm{ }} = (0,025n{\rm{ }} + 0,015m).(44 + {\rm{ }}18){\rm{ }} = {\rm{ }}6,82 \Leftrightarrow 22{\rm{ }} = {\rm{ }}5n{\rm{ }} + {\rm{ }}3m \Leftrightarrow n{\rm{ }} = {\rm{ }}2{\rm{ }}va {\rm{ }}m{\rm{ }} = {\rm{ }}4\)

 Vậy X gồm CH₃COOH và CH₃COOC₂H₅ .

Khi ngưng tụ sản phẩm cháy thấy thể tích giảm 30ml , vậy thể tích giảm chính là thể tích của nước.

\( \to {\rm{ }}{V_{{H_2}O}}{\rm{ }} = {\rm{ }}30ml{\rm{ }} \to {\rm{ }}{V_{C{O_2}}} = {\rm{ }}40ml\)

10 ml este X + 45ml O₂→40 ml CO₂+ 30ml H₂O

Áp dụng định luật bảo toàn nguyên tố ta có:

\({V_O}{\rm{ }} = {\rm{ }}2.40{\rm{ }} + 30{\rm{ }} - {\rm{ }}45.2{\rm{ }} = {\rm{ }}20{\rm{ }}ml\)

Gọi CT este là C_xH_yO_z

 Ta có:  \(x = 40:10 = 4;{\rm{ }}y = (30.2):10 = 6;{\rm{ }}z = 20:10 = 2\)

Vậy CTPT của X là C₄H₆O₂

Nhìn vào đáp án ta thấy khi thủy phân C₃H₄O₂ trong NaOH thu được X,Y mà Y trong đáp án không có nước, vậy X ở đây chỉ có thể là este.

Vì C₃H₄O₂ có 1 liên kết π trong mạch Cacbon, mà ở đáp án Y chỉ là muối hoặc anđehit vậy este phải có dạng HCOOCH = CH₂

HCOOCH = CH₂ + NaOH → HCOONa + CH₃CHO + H₂O

Vì X tác dụng được với H₂SO₄ nên X là HCOONa.

2HCOONa + H₂SO₄ → Na₂SO₄ + 2HCOOH (Z)

Vậy Y, Z lần lượt là CH₃CHO,HCOOH

Poli(metyl metacrylat) được tạo thành từ monome tương ứng là CH₂=C(CH₃)-COOCH

X có công thức là C₆H₁₀O₄ khi thủy phân tạo ra 2 ancol đơn chức nên X là este có 2 chức ancol Vậy X có dạng ROOC-R₁-COOR₂. Số Cacbon trong R, R₁, R₂ là 4. Để tạo ra hai ancol trong đó số Cacbon trong 2 ancol gấp đôi nhau vậy 2 ancol đó là H₃OH và C₂H₅OH . Vậy CT của X là: CH₃OOC −CH₂ − COOC₂H₅

\({n_{C{O_2}}} = {\rm{ }}\frac{{14,08}}{{44}}{\rm{ }} = 0,32;{n_{{O_2}}} = {\rm{ }}\frac{{8,064}}{{22,4}}{\rm{ }} = 0,36;{n_{{H_2}O}} = {\rm{ }}\frac{{2,88}}{{18}}{\rm{ }} = 0,16\)

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng ta có:

 \({m_E}{\rm{ }} + {\rm{ }}{m_{{O_2}}} = {\rm{ }}{m_{C{O_2}}} + {\rm{ }}{m_{{H_2}O}}{\rm{ }} \to {\rm{ }}{m_E}{\rm{ }} = {\rm{ }}5,44g\)

A. Sai vì Glucozơ bị oxi hóa bởi dung dịch AgNO₃/NH₃

B. Sai vì Saccarozơ không làm mất màu dung dịch Brom. Chỉ có Glucozơ và Mantozơ mới làm mất màu dung dịch Brom.

C. Đúng

D. Sai vì Xenlulozơ có cấu trúc mạch thẳng.

PTHH: C₃H₆ + Br₂ → C₃H₆Br₂ (X)

C₃H₆Br₂ +2NaOH → C₃H₆ (OH)₂ (Y) + 2NaBr

C₃H₆ (OH)₂ + CuO →  CH₂ (CHO)₂ (Z) + Cu+ H₂O

CH₂ (CHO)₂ + O₂ →  CH₂ (COOH)₂ (T)

CH₂ (COOH)₂+2CH₃OH →  CH₂ (COOCH₃ )₂+2H₂O (E)

Từ đấy ta có thể suy ra được C₃H₆ ở đây là xicloankan nên khi cộng Brom thì chỉ cộng mở vòng ở C₁ và C₃ nên Y là propan-1,3-điol

Đối với các dạng bài toán này, ta có cách tính từ dưới tính lên. Ta sẽ xuất phát từ ancol Y. Vì các este đều đơn chức nên khi thủy phân ta cũng thu được ancol Y đơn chức.

Xét ancol Y có dạng R ′OH,  \({n_{{H_2}}}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{0,896}}{{22,4}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,04\)

\(R{\rm{ }}\prime OH{\rm{ }} + {\rm{ }}Na{\rm{ }} \to {\rm{ }}R{\rm{ }}\prime ONa{\rm{ }} + {\rm{ }}\frac{1}{2}{H_2}\)

0,08        0,08      0,08     0,04

Ta có khối lượng bình tăng \( = {m_Y}{\rm{ }} - {\rm{ }}{m_{{H_2}}} = 2,48{\rm{ }} \to {\rm{ }}{m_Y}{\rm{ }} = {\rm{ }}2,48{\rm{ }} + {\rm{ }}0,04.2{\rm{ }} = {\rm{ }}2,56g\)

\(\to {\rm{ }}{M_Y}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{2,56}}{{0,08}}{\rm{ }} = {\rm{ }}32{\rm{ }} \to {\rm{ }}Y:{\rm{ }}C{H_3}OH\)

\({n_{este{\rm{ }}}} = {\rm{ }}{n_Y}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,08{\rm{ }} \to {\rm{ }}{n_{O\left( X \right)}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,16{\rm{ }} \to {\rm{ }}{m_O}{\rm{ }} = {\rm{ }}2,56\)

\({n_{{H_2}O}}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{3,96}}{{18}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,22\)

Áp dụng định luật bảo toàn khối lượng trong X ta có: 

\({m_C}{\rm{ }} = {\rm{ }}{m_X}{\rm{ }} - {\rm{ }}{m_O}{\rm{ }} - {\rm{ }}{m_H}{\rm{ }} = {\rm{ }}5,88{\rm{ }} - {\rm{ }}2,56 - 0,22.2 = 2,88g{\rm{ }} \to {\rm{ }}{n_{C{O_2}}} = {\rm{ }}{n_C}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{2,88}}{{12}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,24{\rm{ }}mol\)

Ta có khi đốt cháy este no, đơn chức thì số mol CO₂ bằng số mol nước, khi đốt cháy este không no có 1 liên kết C=C thì 

\({n_{este{\rm{ }}khong{\rm{ }}no}}{\rm{ }} = {\rm{ }}{n_{C{O_2}}} - {\rm{ }}{n_{{H_2}O}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,24{\rm{ }} - 0,22{\rm{ }} = {\rm{ }}0,02{\rm{ }} \to {\rm{ }}{n_{este{\rm{ }}no}}{\rm{ }} = {\rm{ }}0,08{\rm{ }} - 0,02{\rm{ }} = {\rm{ }}0,06\)

\(\bar C{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_X}}}{\rm{ }} = {\rm{ }}\frac{{0,24}}{{0,08}}{\rm{ }} = {\rm{ }}3\)

→ 2 este no là HCOOCH₃ (a mol) và CH₃COOCH₃ (b mol),

còn este không no là C_nH_2n−2O₂ 0,02 mol

Áp dụng định luật bảo toàn C ta có: \(2a + 3b + 0,02n = 0,24{\rm{ }}va {\rm{ }}a + b = 0,06{\rm{ }} \to {\rm{ }}b + {\rm{ }}0,02n{\rm{ }} = {\rm{ }}0,12{\rm{ }} \to {\rm{ }}n{\rm{ }} < {\rm{ }}6\)

Để axit không no có đồng phần hình học thì số C trong axit không no ít nhất phải bằng 4.

Vậy trong este của axit với CH₃OH số C ít nhất là 5 vậy n=5

Với  \(n = 5 \to b = 0,02,{\rm{ }}a = 0,04{\rm{ }} \to {\rm{ }}{m_{HCOOC{H_3}}} + {\rm{ }}{m_{C{H_3}COOC{H_3}}} = {\rm{ }}3,88g\)

→  \({m_{este{\rm{ }}kho ng{\rm{ }}no}} = 5,88 - {\rm{ }}3,88{\rm{ }} = {\rm{ }}2g{\rm{ }} \to {\rm{ }}\% {m_{este{\rm{ }}kho ng{\rm{ }}no}}{\rm{ }} = {\rm{ }}2{\rm{ }}5,88{\rm{ }}.{\rm{ }}100\% {\rm{ }} = {\rm{ }}34,01\% \)

Dãy gồm các dung dịch đều tham gia phản ứng tráng bạc là Glucozơ, mantozơ, axit fomic, anđehit axetic.

Đáp án A

X có công thức phân tử C₃H₆O₂, axit axetic là CH₃COOH có 2C

⇒ ancol tạo X có 1C là ancol metylic CH₃OH

⇒ cấu tạo X là CH₃COOCH₃

+ Saccarozo thuộc loại đisaccarit.

+ Xenlulozo và tinh bột thuộc loại polisaccarit.

⇒ Cả 3 chất đều có phản ứng thủy phân ⇒ Chọn A