Đáp án D

Phản ứng trao đổi ion trong dung dịch các chất điện li chỉ có thể xảy ra khi: có ít nhất một trong 3 điều kiện trên.

Đáp án A

Khối lượng ure cần để cung cấp 70 kg N là:

\(\frac{70.100}{46}=152,2\,kg\)

Đáp án C

 \({C_6}{H_5} - CH = C{H_2} + 4{H_2} \to {C_6}{H_{11}} - C{H_2} - C{H_3}\)

\({C_6}{H_5} - CH = C{H_2} + B{r_2}\left( {dd} \right) \to {C_6}{H_5} - CHBr - C{H_2}Br\)

Đáp án C

 \({n_{{K_2}O}}:{n_{CaO}}:{n_{Si{O_2}}} = \frac{{18,43}}{{94}}:\frac{{10,98}}{{56}}:\frac{{70,59}}{{60}} = 0,196:0,196:1,1765 = 1:1:6\)

Công thức cần tìm là: K₂O.CaO.6SiO₂

Đáp án C

HCOOCH₂CH₂CH₃; HCOOCH(CH₃)₂; CH₃COOCH₂CH₃; CH₃CH₂COOCH₃

Đáp án B

Si phản ứng với tất cả các chất trong dãy dưới đây trong điều kiện thích hợp: F₂, Mg, NaOH.

Đáp án C

\({n_{C{O_2}}} < 0,8\,mol \Rightarrow \) Số C \( = \frac{{{n_{C{O_2}}}}}{{{n_X}}} < 8\)

1 mol X tác dụng với 1 mol NaOH nên X là HOC₆H₄CH₂OH. 

Đáp án D

Để chứng minh trong phân tử của glucozơ có nhiều nhóm hiđroxyl, người ta cho dung dịch glucozơ phản ứng với Cu(OH)₂ ở nhiệt độ thường.

Đáp án C

CH₃NH₂ + HBr → CH₃NH₃Br;

C₆H₅NH₂ + HBr → C₆H₅NH₃Br

C₆H₅NH₂ + 3Br₂ → C₆H₂Br₃NH₂↓ + 3HBr

Đáp án D

Tại ống nghiệm 2 có phản ứng:

Cu + 2H₂SO₄(đặc) → CuSO₄ + SO₂ + 2H₂O

SO₂ + 2NaOH    → Na₂SO₃ + H₂O

SO₂ + Na₂SO₃ + H₂O    → 2NaHSO₃

Miếng bông trên miệng ống nghiệm 2 mất màu hồng.

Đáp án C

Ví dụ:

NH₂RCOOH + NaOH → NH₂RCOONa + H₂O

NH₂RCOOH + HCl → ClNH₃RCOOH

NH₂RCOOH + C₂H₅OH → NH₂RCOOC₂H₅ + H₂O

Đáp án D

Dựa vào các phương án lựa chọn đề bài cho, ta dễ thấy X là muối nhôm

Chất Y tác dụng với H₂SO₄ loãng nên Y không thể là BaSO₄ → X không thể là Al₂(SO₄)₃.

X không thể là Al(OH)₃ vì lúc đó sẽ không có sản phẩm T.

Vậy hai chất thỏa mãn tính chất của X là AlCl₃, Al(NO₃)₃.

Đáp án D

Các amino axit có số nhóm –COOH nhiễu hơn số nhóm –NH₂ làm quỳ tím chuyển đỏ

Các amino axit có số nhóm –COOH ít hơn số nhóm –NH₂ làm quỳ tím chuyển xanh

Các amino axit có số nhóm –COOH bằng số nhóm –NH₂ không làm quỳ tím chuyển màu

Đáp án A

Các phát biểu đúng là:

2. Thạch cao nung được dùng để đúc tượng, bó bột khi gãy xương, làm phấn viết bảng,....

3. Khi cho CrO₃ tác dụng với nước tạo thành dung dịch chứa hai axit.

4. Al(OH)₃ vừa tác dụng được với dung dịch NaOH vừa tác dụng được với dung dịch HCl.

5. Để dây thép ngoài không khí ẩm, sau một thời gian thấy dây thép bị ăn mòn điện hoá.

Đáp án B

\({{n}_{A}}={{n}_{HCl}}=0,01\,mol\to \) A có 1 nhóm NH₂.

\({{M}_{A}}={{M}_{muoi}}-36,5=147\).

Đáp án C

Cr₂O₃ tác dụng được với dung dịch NaOH đặc khi đun nóng

Cr₂O₃ + 2NaOH + 3H₂O →   \(2Na\left[ {Cr{{\left( {OH} \right)}_4}} \right]\)

Đáp án B

Đặt 2a, 2a, a (mol) là số mol metylamin, etylamin, trimetylamin

\(\Rightarrow {{m}_{X}}=31.2a+45.2a+59a=33,76\,g\Rightarrow a=0,16\,mol\)

\(\Rightarrow {{n}_{HCl}}=2a+2a+a=0,8mol\)

\({{m}_{muoi}}={{m}_{X}}+{{m}_{HCl}}=62,96g\)

Đáp án B

Ba(OH)₂ + Na₂SO₄ → BaSO₄↓ + 2NaOH

MgCl₂ + Ba(OH)₂ → Mg(OH)₂↓ + BaCl₂

Al₂(SO₄)₃ + 4Ba(OH)₂ → \(Ba{\left[ {Al{{\left( {OH} \right)}_4}} \right]_2}\) + 3BaSO₄↓

Đáp án B

Tơ tổng hợp bao gồm:

2. tơ capron

4. tơ nilon-6,6

5. tơ nitron

Đáp án A

\({n_{Ca{{\left( {OH} \right)}_2}}} = b = {n_{CaC{O_{3\,\max }}}} = 0,3\,mol\) 

Khi kết tủa bị hòa tan hoàn toàn thì dung dịch chứa NaHCO₃ (a mol) và Ca(HCO₃)₂ (b mol)

\( \Rightarrow {n_{C{O_2}}} = a + 2b = 0,9\,mol\)

\( \Rightarrow a = 0,3\,mol \Rightarrow a:b = 1:1\) 

Đáp án C

Xét từng thí nghiệm:

1. CH₃COOH + NaHCO₃ → CH₃COONa + CO₂ + H₂O

2. (NH₄)₂SO₄ + Ba(OH)₂ → BaSO₄ + 2NH₃ + 2H₂O

3. Fe₂O₃ + 6HNO₃ → 2Fe(NO₃)₃ + 3H₂O

4. 2P + 5H₂SO_{4 đặc} → 2H₃PO₄ + 5SO₂ + 2H₂O

5. Al₄C₃ + 12H₂O → 4Al(OH)₃ + 3CH₄

6. Phèn chua có công thức: K₂SO₄.Al₂(SO₄)₃.24H₂O

Nước vôi trong là: Ca(OH)₂

4Ca(OH)₂ + Al₂(SO₄)₃ →  3CaSO₄ + \(Ca{\left[ {Al{{\left( {OH} \right)}_4}} \right]_2}\)

7. 2H⁺ + \(C{O_3}^{2 - }\) →  CO₂ + H₂O.

Đáp án B

\(\begin{array}{l}
{\left( {{C_6}{H_{10}}{O_5}} \right)_n} + n{H_2}O \to n{C_6}{H_{12}}{O_6}\\
{C_6}{H_{12}}{O_6} \to 2{C_2}{H_5}OH + 2C{O_2}\\
{C_2}{H_5}OH + {O_2} \to C{H_3}COOH + {H_2}O
\end{array}\)

Đáp án D

a. Phân tử chất hữu cơ luôn chứa nguyên tố cacbon và hiđro → sai vì theo định nghĩa hợp chất hữu cơ luôn chứa nguyên tố cacbon không nhất thiết chứa hidro.

b. Tơ xenlulozơ axetat thuộc loại tơ tổng hợp → sai vì đây là tơ bán tổng hợp hay là tơ nhân tạo.

c. Nước ép của chuối chín không có khả năng tham gia phản ứng tráng gương → sai vì nước ép của chuối chín có chứa glucozơ nên tham gia phản ứng tráng gương.

d. Trong phân tử tripeptit glu-lys-ala có chứa 4 nguyên tử N → đúng vì glu và ala có IN còn lys có 2N.

e. H₂N-CH₂-CH₂-CO-NH-CH₂-COOH là một đipeptit → sai vì chất này không được tạo bởi 2 a-aminoaxit.

Đáp án C

\({{n}_{C{{O}_{2}}}}={{n}_{{{H}_{2}}O}}=0,4\,mol\)

Bảo toàn khối lượng \(\Rightarrow {{n}_{{{O}_{2}}}}=0,5\,mol\)

Bảo toàn O \(\Rightarrow {{n}_{X}}=0,1\,mol\Rightarrow {{M}_{X}}=88\Rightarrow \) X là C₄H₈O₂

Y là RCOONa (0,1 mol)

\({{m}_{Y}}=9,6\,gam\Rightarrow R=29\left( -{{C}_{2}}{{H}_{5}} \right)\)

Vậy X là C₂H₅COOCH₃ (metyl propionat).

Đáp án C

Tính chất đặc trưng của lipit là:

Nhẹ hơn nước (3); Không tan trong nước (4); Tan trong xăng (5); Dễ bị thủy phân (6);

Đáp án D

\({n_{HCl}} = {n_{Glu}} + 2{n_{Lys}} + {n_{NaOH}} = 0,85\,mol\) 

Đáp án C

\({{n}_{Fe}}={{n}_{Cu}}=a\,\,mol\Rightarrow 56a+64a=12\Rightarrow a=0,1\,\,mol\)

Đặt x, y là số mol NO và NO₂

Bảo toàn electron: \({{n}_{e}}=3x+y=0,1.3+0,1.2\)

\({{m}_{X}}=30x+46y=19.2\left( x+y \right)\)

\(\Rightarrow x=y=0,125\,mol\Rightarrow {{n}_{X}}=0,25\,mol\Rightarrow V=5,6\,\,l\acute{i}t\)

Đáp án D

Bảo toàn nguyên tố cacbon ta có:

2CH₄ → CH₂=CH-Cl

Ta có: \(nC{H_4} = \frac{{4480.0,9}}{{22,4}} = 180\,kmol \Rightarrow {n_{PVC}} = 90\,kmol \Rightarrow {m_{PVC}} = 90.62,5 = 5625\,kg\) 

Hiệu suất của cả quá trình: \({H_{tong}} = 0,20.0,95.0,9 = 0,171\).

→ khối lượng PVC thực tế thu được là: \({m_{PVC}} = 5625.0,171 = 961,875kg\) 

Đáp án D

Đipeptit + H₂O → 2 Amino Axit (NH₂RCOOH)

\({n_{{H_2}O}} = \frac{{30,9 - 30}}{{18}} = 0,05\,mol\) 

\( \Rightarrow {n_{Amino\,\,\,{\rm{ax}}it}} = 0,1\,mol\)

1/2 hỗn hợp X có khối lượng 15,45 gam và số mol là 0,05 mol

\( \Rightarrow {m_{muoi}} = {m_X} + 22{n_X} = 15,45 + 22.0,05 = 16,55\,gam\) 

Đáp án B

Bảo toàn khối lượng:

\(\begin{array}{l} \to 32{n_{{O_2}}} = \left( {44{n_{C{O_2}}} + 18{n_{{H_2}O}}} \right) - {m_X} = 103,04\left( g \right)\\ \to {n_{{O_2}}} = \frac{{103,04}}{{32}} = 3,22\,mol \end{array}\) 

Bảo toàn nguyên tố O \( \to {n_X} = \frac{{2{n_{C{O_2}}} + {n_{{H_2}O}} - 2{n_{{O_2}}}}}{6} = 0,04\,mol\) 

Số mol X tương ứng với 70,88g là: \({n_X} = \frac{{70,88}}{{35,44}}.0,04 = 0,08\,mol\)

\({n_{NaOH}} = 3{n_X} = 0,24{\rm{ }}mol\) và \({n_{{C_3}{H_5}{{\left( {OH} \right)}_3}}} = {n_X} = 0,08\,mol\)

Bảo toàn khối lượng:   \( \to {m_{mu\^o i}} = {m_X} + 40{n_{NaOH}} - 92{n_{{C_3}{H_5}{{\left( {OH} \right)}_3}}} = 73,12(g)\) 

Đáp án A

Có 6 phát biểu đúng: (b), (c), (d), (e), (f), (g).

Đáp án C

Có 5 phát biểu đúng: (a), (b), (d), (e), (f)

Đáp án B

Có 5 phát biểu đúng: (a), (b), (d), (e), (f)

Đáp án D

Có 5 phát biểu đúng: (c), (d), (e), (f), (g)

Đáp án B

Bảo toàn khối lượng:

\(19,5 + 0,05.60 + 0,3.40 = 30 + {m_{{H_2}O}} \Rightarrow {n_{{H_2}O}} = 0,25\,mol\) 

\( \Rightarrow {n_{{\rm{aa}}}} = \left( {0,25 - 0,05} \right)/2 = 0,1\,mol\)

Số mol HCl phản ứng tối đa với Y là \(0,1 + 0,3 = 0,4\,mol\).

Bảo toàn khối lượng: \(m = 19,5 + 0,3.40 + 0,4.36,5 - 0,3.18 = 40,7gam\) 

Đáp án B

\({n_{C{u^{2 + }}}} = 0,015\,mol\) và \({n_{F{e^{3 + }}}} = 0,02\,mol\)

Cho NaOH dư vào dung dịch Y, kết thúc phản ứng không thu được kết tủa → dung dịch Y chỉ chứa Al(NO₃)₃ → chất rắn X gồm Cu (0,015), Fe (0,02 mol), Al dư

\({n_{{H_2}}} = 0,05mol = {n_{Fe}} + \frac{3}{2}{n_{Al\,\,\,du}} \to {n_{Al\,\,\,du}} = 0,01\,mol \to {m_2} = 2,35g\) 

\({n_{Al\,phan\,\\u ng}} = \frac{{2{n_{C{u^{2 + }}}} + 3{n_{F{e^{3 + }}}}}}{3} = 0,03mol \to {m_{Al\,ban\,\,da u}} = 0,04\,mol \to {m_1} = 1,08g\)

Đáp án A

\({{n}_{S{{O}_{2}}}}=0,6\,mol\)

Bảo toàn electron \(\Rightarrow {{n}_{{{H}_{2}}}}=0,6\,mol\)

Đặt \({{n}_{O\left( A \right)}}=x\,mol\to {{n}_{{{H}_{2}}O}}=x\,mol\)

Bảo toàn H \(\Rightarrow {{n}_{HCl}}=\left( 2x+1,2 \right)mol\)

Mặt khác: \({{m}_{muo\acute{a}i}}=m-16x+35,5\left( 2x+1,2 \right)=m+70,1\Rightarrow x=0,5mol\)

 Với HNO₃:

\({{n}_{NO}}=0,04\,mol\) và \({{n}_{{{N}_{2}}O}}=0,04\,mol\)

Bảo toàn electron \(\Rightarrow 0,6.2=3{{n}_{NO}}+8{{n}_{{{N}_{2}}O}}+8{{n}_{N{{H}_{4}}N{{O}_{3}}}}\)

\(\Rightarrow {{n}_{N{{H}_{4}}N{{O}_{3}}}}=0,095\,mol\)

\(\Rightarrow {{n}_{HN{{O}_{3}}}}=4{{n}_{NO}}+10{{n}_{{{N}_{2}}O}}+10{{n}_{N{{H}_{4}}N{{O}_{3}}}}+2{{n}_{O\left( A \right)}}=2,51\,mol\)

Đáp án A

CuSO₄ phản ứng với NaOH tạo kết tủa màu xanh lam Cu(OH)₂

Phản ứng giữa Cu(OH)₂ với các nhóm peptit -CO-NH tạo ra sản phẩm màu tím đặc trưng.

=> Phát biểu đúng: Sau bước 2, dung dịch xuất hiện màu tím đặc trưng.

Đáp án D

\({{\overline{M}}_{T}}=16\Rightarrow \) Khí gồm NO và H₂

Do có H₂ nên \(N{{O}_{3}}^{-}\) hết, bảo toàn N được:

\({{n}_{{{H}_{2}}}}={{n}_{NO}}={{n}_{NaN{{O}_{3}}}}=t\left( mol \right)\)

Y tác dụng với dung dịch gồm NaNO₃ và H₂SO₄ (loãng) sinh khí T (NO và H₂) →Y có Fe dư

→ Z gồm chỉ gồm NO₂ và CO₂ không có O₂: \({{n}_{N{{O}_{2}}}}=a\) và \({{n}_{C{{O}_{2}}}}=b\)

\(\Rightarrow {{M}_{Z}}=45\) và \({{n}_{Z}}=0,2\,mol\Rightarrow a=b=0,1\,mol\)

Quy đổi X thành: Fe (x mol), \(N{{O}_{3}}^{-}\) (a mol: bảo toàn N) và \(C{{O}_{3}}^{2-}\) (b mol: bảo toàn C)

\({{m}_{X}}=26,2g\Rightarrow x=0,25mol\)

Bảo toàn khối lượng: \({{m}_{Y}}={{m}_{X}}-{{m}_{Z}}=26,2-45.0,2=17,2g\)

Quy đổi Y thành: Fe (0,25 mol) và O (y mol) \(\Rightarrow y=0,2\,mol\)

Trong m gam muối, đặt u và v là số mol Fe²⁺ và Fe³⁺

Bảo toàn Fe: \(u+v=0,25\,mol\)   (1)   

Bảo toàn điện tích:

\(2u+3v+t=0,32.2\)      (2)

Bảo toàn electron:

\(2u+3v=2.0,2+3t+2t\)  (3)

Giải hệ (1),  (2), (3)

u = 0,15 mol, v = 0,1 mol và t = 0,04 mol

Khối lượng muối:

\({{m}_{mu\hat{o}i}}=56\left( u+v \right)+23.t+96.0,32=45,64g\)

Đáp án C

Giải đốt 0,3 mol E + O₂ → 1,05 mol CO₂ + ? mol H₂O.

\( \Rightarrow {C_{trung\,b\`i nh\,E}} = 1,05/0,3 = 3,5 \Rightarrow {C_Y} < 3,5\)

→ có các khả năng cho Y là HCOOCH₃; HCOOC₂H₅ và CH₃COOCH₃.

Tuy nhiên chú ý rằng thủy phân E thu được 2 ancol có cùng số C →Y phải là HCOOC₂H₅ để suy ra được rằng ancol cùng số C còn lại là C₂H₄(OH)₂.

→ cấu tạo của X là CH₂=CH-COOC₂H₅ và este Z no là (HCOO)₂C₂H₄.

Trong 0,3 mol hỗn hợp E: đặt số mol của X, Y, Z lần lượt là x, y, z.

Ta có: \({n_E} = x + y + z = 0,3mol\) (1) 

Bảo toàn C: \({n_{C{O_2}}} = 5x + 3y + 4z = 1,05mol\)   (2)        

Trong 51,4 gam hỗn hợp E: đặt số mol của X, Y, Z lần lượt là kx, yk, kz. Ta có:

\({m_E} = 100kx + 74ky + 118kz = 51,4g\)   (3) 

\({n_{{H_2}}} = kx/2 + ky/2 + kz = 0,35\,mol\)   (4)    

Giải hệ (1) - (4), ta được x = 0,05; y = 0,2; z = 0,05; k = 2 

→ số mol \({C_2}{H_5}OH = kx + ky = 0,5{\rm{ }}mol\); số mol \({C_2}{H_4}{\left( {OH} \right)_2} = kz = 0,1mol\).

→ \( \Rightarrow \% m{\rm{ }}{C_2}{H_5}OH = 78,77\% \).