Làm đường cát, đường phèn từ mía.

Đáp án A

Fe₂O₃ + H₂SO₄ đặc, nóng chỉ xảy ra phản ứng trao đổi nên không có khí thoát ra

Fe₂O₃ + 3H₂SO₄ đặc, nóng → Fe₂(SO₄)₃ + 3H₂O

n_Fe2O3 = 16 : 160 = 0,1 (mol)

PTHH: Fe₂O₃ + 6HCl → 2FeCl₃ + 3H₂O

0,1 → 0,6 (mol)

→ V_HCl = n_HCl : C_M = 0,6 : 1 = 0,6 (lít) = 600 (ml)

Lysin làm đổi màu quỳ tím

Đáp án A

Trong máu người luôn có nồng độ gluxit X không đổi là 0,1%. Nếu lượng X trong máu giảm đi thì người đó mắc bệnh suy nhược. Ngược lại nếu lượng X trong máu tăng lên thì đó là người mắc bệnh tiểu đường hay đường huyết. Chất X là Glucozơ.     

Đáp án A

Xả chất thải trực tiếp ra môi trường.             

Đáp án B

Na là kim loại kiềm

Đáp án D

Chất tác dụng với dung dịch HCl là NaHCO₃, Al(OH)₃.

Amilopectin có cấu trúc mạch phân nhánh

Đáp án C

Khi cho chất X vào dung dịch kiềm, lúc đầu thu được kết tủa màu trắng hơi xanh, sau đó chuyển dần sang nâu đỏ khi đưa ra ngoài không khí. Chất X là FeSO₄.      

Đáp án A

 Công thức của kali nitrat là KNO₃.

Đáp án D

Trong công nghiệp kim loại Cr được điều chế bằng phương pháp nhiệt nhôm.      

Đáp án B

Công thức phân tử của benzyl axetat là C₉H₁₀O₂.    

Đáp án B

Chất có khả năng tham gia phản ứng cộng với H₂ (xúc tác Ni, đun nóng) là CH₃COOC₂H₃.   

Đáp án C

Công thức cấu tạo phù hợp của X là HCOO-CH₂-CH₂-OOC-CH₃; HCOO-CH(CH₃)-CH₂-OOCH.

Nhóm các vật liệu được chế tạo từ polime trùng ngưng là Nilon-6,6, nilon-6, tơ lapsan.     

Đáp án C

n_CO2 = 8,8:44 = 0,2 (mol)

n_N2(đktc) = 1,12 :22,4 = 0,05 (mol)

BTNT "N": n_X = 2n_N2 = 2.0,05 = 0,1 (mol)

Tất cả đáp án đều có 2 oxi nên đặt công thức aminoaxit có dạng: C_xH_yO₂N: 0,1 (mol)

=> x = n_CO2: n_X = 0,2 : 0,1 = 2

=> y chỉ có thể bằng 5 thỏa mãn, y bằng 7 không thỏa mãn được

Vậy công thức của aminoaxit là C₂H₅NO₂

Đặt công thức chung của các axit là R(COOH)_x

R(COOH)_x + xNaOH → R(COONa)_x + xH₂O

Vì khối lượng tăng chính là khối lượng của Na thay thế H trong gốc -COOH của axit

Đặt số mol gốc -COOH = a(mol)

-COOH → -COONa

       a     →      a          (mol)

→ Khối lượng tăng là 22a gam

Theo bài → 22a = 8,8

→ a= 0,4 (mol)

→ n_NaOH = 0,4 (mol) → V_NaOH = n_NaOH: C_M = 0,4 :1 = 0,4 (lít) = 400 (ml)

Phương trình:

[C₆H₇O₂(OH)₃]n + 3nHNO₃(đặc)  → [C₆H₇O₂(ONO₂)₃]n + 3nH₂O

nHNO₃ = 3n[C₆H₇O₂(ONO₂)₃]_n = 3. 29.7/297= 0,3 mol

Do hiệu suất chỉ đạt 90% nên mHNO₃=0,3 .63/0.9 =21kg 

Cặp chất X, Y phù hợp là NH₄NO₂ và N₂. 

Đáp án B

n_Fe = 12: 56 ≈ 0,21 (mol)

n_CuSO4 = n_Fe2(SO4)3 = 0,1.1 = 0,1 (mol)

Khi cho Fe vào hh 2 muối xảy ra phản ứng theo thứ tự là:

Fe + Fe³⁺ → Fe²⁺

Fe + Cu²⁺ → Cu↓ + Fe²⁺

Dung dịch sau phản ứng chứa Fe²⁺ và SO₄^2-

Mà ∑ n_SO42- = 0,1 + 0,1.3 = 0,4 (mol) → n_Fe2+ = n_SO42- = 0,4 (mol)

BTKL kim loại ta có: 12 + 0,1.64 + 0,1.2.56 = 0,4.56 + m

→ m = 7,2 (g)

Để bảo vệ vỏ tàu biển làm bằng thép, người ta gắn vào mặt ngoài của vỏ tàu (phần chìm dưới nước) những lá Zn - đây là cách chống ăn mòn kim loại bằng phương pháp bảo vệ bề mặt.

Đáp án C

Đốt cháy hoàn toàn este X thu được CO₂ và H₂O có số mol bằng nhau, X có thể là este no, mạch hở, đơn chức. 

Đáp án A

2FeCO₃ + 4H₂SO₄ → Fe₂(SO₄)₃ + SO₂ + 2CO₂ + 4H₂O.

Đáp án D

(1) Fe₃O₄ + 4H₂SO₄ → Fe₂(SO₄)₃ + FeSO₄ + 4H₂O ; Cu + Fe₂(SO₄)₃ → CuSO₄ + FeSO₄

Các phản ứng xảy ra vừa đủ → Dung dịch thu được chứa 2 muối.

(2) NaHSO₄ + KHCO₃ → Na₂SO₄ + K₂SO₄ + CO₂ + H₂O → Dung dịch thu được chứa 2 muối.

(3) Ta có: 2 < T < 3 (T = nAgNO₃/nFe) → Tạo 2 muối Fe²⁺ và Fe³⁺.

(4) Ba(OH)₂ + NaHCO₃ → BaCO₃ + NaOH + H₂O

(5) Na₂CO₃ + BaCl₂ → BaCO₃ + 2NaCl → Dung dịch thu được chứa 2 muối NaCl và Na₂CO₃ dư.

(6) Fe₃O₄ + 8HCl → 2FeCl₃ + FeCl₂ + 4H₂O → Dung dịch thu được chứa 2 muối.

Khi cho 50ml X vào Ca(OH)₂ dư thì: \({n_{C{O_3}^{2 - }}} + {n_{HC{O_3}^ - }} = {n_{CaC{O_3}}} = 0,2\;mol\) (1)

Khi cho 50ml X vào HCl thì: \(\left\{ \begin{array}{l} {n_{HC{O_3}^ - }} + {n_{C{O_3}^{2 - }}} = 0,12\\ {n_{HC{O_3}^ - }} + 2{n_{C{O_3}^{2 - }}} = 0,15 \end{array} \right. \Leftrightarrow \left\{ \begin{array}{l} {n_{HC{O_3}^ - }} = 0,09\\ {n_{C{O_3}^{2 - }}} = 0,03 \end{array} \right. \Rightarrow \frac{{{n_{HC{O_3}^ - }}}}{{{n_{C{O_3}^{2 - }}}}} = 3\) (2)

Thay (2) vào (1) suy ra 100ml X có Na⁺; HCO₃^-: 0,3 mol; CO₃^2-: 0,1 mol  

BTDT → nNa⁺ = 0,5 mol

Bt NT(C): y = 0,2 mol

BTNT(Na): x = 0,1 mol

 và . 

Triglixerit X chứa cả 3 gốc (C₁₇H₃₅COO)(C₁₇H₃₃COO)(C₁₇H₃₁COO)C₃H₅ = C₅₇H₁₀₄O₆

C₅₇H₁₀₄O₆ + 80O₂ → 57CO₂ + 52H₂O

    0,005        0,4           0,285

n_CO2 = 0,285 mol → n_X = 0,005 mol

→n_O2 = 0,4mol

n_NaOH = 3n_X = 0,15 mol → n_glixerol = 0,05 mol

theo ĐLBTKL:

m_muối = 0,005.884 + 0,015.40 – 0,005.92 = 4,56g

Các chất X, Y, Z, T lần lượt là phenol, anđehit fomic, glixerol, etanol.

Đáp án A

n_Gly-Ala = 14,6 : (75 + 89 - 18) = 0,1 mol

Gly-Ala  +  H₂O   +  2HCl → Muối

0,1 mol     0,1 mol   0,2 mol

BTKL: m _muối = m_Gly-Ala + m_H2O + m_HCl = 14,6 + 0,1.18 + 0,2.36,5 = 23,7 gam

Đáp án cần chọn là A

Chỉ có (2) và (3) sai.

n_CO2 = 0,55 mol; n_H2O = 0,4 mol

Đặt công thức chung của các chất là C_nH_m

C_nH_m → nCO₂ + 0,5mH₂O

0,2 →        0,2n →   0,1m

+ n_CO2 = 0,2n = 0,55 => n = 2,75

+ n_H2O = 0,1m = 0,4 => m = 4

Vậy công thức trung bình của hỗn hợp X là C_2,75H₄

Độ bất bão hòa: k = (2C + 2 - H)/2 = (2.2,75 + 2 - 4)/2 = 1,75

Khi cho a mol X tác dụng với Br₂: n_Br2 = 112 : 160 = 0,7 mol

C_2,75H₄+ 1,75Br₂ → ...

0,4 ←       0,7

Vậy a = 0,4

n_NaOH = 0,2.3 = 0,6 (mol)

n_AlCl3 = 0,1.1 = 0,1 (mol)

Ta có: \(\frac{{{n_{O{H^ - }}}}}{{{n_{A{l^{3 + }}}}}} = \frac{{0,6}}{{0,1}} = 6 > 4\)→ phản ứng tạo ra muối AlO₂^-, kết tủa Al(OH)₃ tan hoàn toàn, dd sau pư dư OH^-

  Al³⁺ + 4OH- → AlO₂^- + H₂O

0,1   → 0,4     → 0,1                 (mol)

Vậy dd X thu được sau pư chứa: \(\left\{ \begin{gathered}Al{O_2}^ - :0,1\,(mol) \hfill \\O{H^ - }:0,6 - 0,4 = 0,2\,(mol) \hfill \\C{l^ - }:0,3\,(mol) \hfill \\ \end{gathered} \right.\)

Cho dd X + V ml HCl → tạo ra 5,85 gam kết tủa. V lớn nhất ứng với trường hợp tạo kết tủa Al(OH)₃ sau đó kết tủa hòa tan 1 phần

n_Al(OH)3 = 5,85:78 = 0,075 (mol)

    H⁺  +  OH^- → H₂O

     0,2 ← 0,2                (mol)

   AlO₂^-  +  H⁺ + H₂O → Al(OH)₃↓

     0,1 →  0,1             →     0,1        (mol)

    Al(OH)₃    +    3H⁺ → Al³⁺ + 3H₂O

(0,1 - 0,075)→  0,075                         (mol)

→ ∑ n_H+ = 0,2 + 0,1 + 0,075 = 0,375 (mol)

→ V_HCl = n_HCl : C_M = 0,375 : 1 = 0,375 (lít) = 375 (ml)

n₂ > n₁ chứng tỏ NaOH hòa tan một kết tủa so với NH₃. Lại nhìn nhanh 4 đáp án

→ Nghiệm thấy Z gồm hai chất tan, trong đó phải có Al(NO₃)₃ → B hoặc D đúng.

Xét thêm thí nghiệm 3: n₃ > n₂ → chứng tỏ Ag tạo nhiều kết tủa hơn giữa 2 đáp án → D đúng.

Các phản ứng xảy ra ở các thí nghiệm tương ứng:

* Thí nghiệm 1: Al(NO₃)₃ + 4NaOH → NaAlO₂ + 3NaNO₃ + 2H₂O.

FeCl₂ + 2NaOH → Fe(OH)₂↓ + 2NaCl.

* Thí nghiệm 2: Al(NO₃)₃ + 3NH₃ + 3H₂O → Al(OH)₃↓ + 3NH₄NO₃.

FeCl₂ + 2NH₃ + 2H₂O → Fe(OH)₂↓ + 2NH₃Cl.

* Thí nghiệm 3: FeCl₂ + 3AgNO₃ → Fe(NO₃)₃ + 2AgCl↓ + Ag↓.

Nhận xét: 78 + 90 < 2 × 143,5 + 108 nên đúng là n₃ > n₂.

M_Z = 15,5.2 = 31 => Z là CH₃NH₂

=> X là H₂N-CH₂-COONH₃CH₃ => Muối có chứa 2 nguyên tử C

=> Y là CH₃NH₃OOC-COONH₃CH₃

Giả sử số mol của X, Y lần lượt là x và y (mol)

Giải hệ: n _hh = x + y = 0,2 và n_NaOH = x + 2y = 0,3 được x = y = 0,1 mol

Muối gồm: H₂N-CH₂-COONa (0,1 mol) và (COONa)₂ (0,1 mol)

=> %m_(COONa)2 = 0,1.134/(0,1.97 + 0,1.134) = 0,58 = 58%

(1) NaOH + HCl → NaCl + H₂O

(2) NaAlO₂ + HCl + H₂O → Al(OH)₃ + NaCl

(3) Al(OH)₃ + 3HCl → AlCl₃ + 3H₂O

+ Tại n_HCl = 0,9 mol thì NaOH vừa bị trung hòa hết => n_NaOH = n_HCl = 0,9 mol

+ Tại n_HCl = 1,6 mol thì tủa chưa đạt cực đại:

n_HCl = n_NaOH + n_Al(OH)3 → 1,6 = 0,9 + (y - 0,3) → y = 1 mol

→ n_NaAlO2 = 1 mol

+ Tại n_HCl = x mol thì Al(OH)₃ bị hòa tan một phần:

Áp dụng công thức giải nhanh: n_HCl = n_NaOH + 4n_AlO2- - 3n_Al(OH)3

→ x = 0,9 + 4.1 - 3(1 - 0,3) = 2,8

Vậy x + y = 2,8 + 1 = 3,8

*Quy đổi hỗn hợp thành: Na (x mol); Ba (y mol) và O (z mol)

+ m_X = 23x + 137y + 16z = 20,7 (1)

+ Dung dịch thu được gồm: Na⁺ (x mol); Ba²⁺ (y mol) và OH^-

pH = 13 → pOH = 14 - 13 = 1 → [OH^-] = 10-1 = 0,1M → n_OH- = 0,1.4 = 0,4 mol

BTĐT → n_OH- = n_Na+ + 2n_Ba2+ → x + 2y = 0,4 (mol) (2)

+ BTe: n_Na + 2n_Ba = 2n_O + 2n_H2 → x + 2y = 2z + 2.0,05 (3)

Giải hệ (1) (2) (3) thu được x = 0,2; y = 0,1; z = 0,15

*Cho Y {Na⁺ (0,2); Ba²⁺ (0,1); OH^- (0,4)} tác dụng với hỗn hợp H₂SO₄ (0,03 mol) và Al₂(SO₄)₃ (0,05 mol):

n_H+ = 2n_H2SO4 = 0,06 mol;

n_Al3+ = 2n_Al2(SO4)3 = 0,1 mol;

n_SO42- = n_H2SO4 + 3n_Al2(SO4)3 = 0,18 mol

PTHH:

H⁺   +     OH^- → H₂O

0,06 → 0,06 _{dư 0,34}

Al³⁺ + 3OH^- → Al(OH)₃

0,1 → 0,3 _{dư 0,04} → 0,1

Al(OH)₃   +     OH^- → AlO₂^- + 2H₂O

0,04 _{còn 0,06} ← 0,04

Ba²⁺ + SO₄^2- → BaSO₄

0,1 →  0,1 →       0,1

Vậy kết tủa gồm Al(OH)₃ (0,06 mol) và BaSO₄ (0,1 mol)

→ m _{kết tủa} = 0,06.78 + 0,1.233 = 27,98 gam gần nhất với 28 gam

Khí thoát ra tại anot gồm Cl2 (0,15 mol) và O2 (0,05 mol)

→ ne = 0,5 mol vfa FeCl3: 0,1 mol (BT: Cl)

Dung dịch sau điện phân chứa FeSO4 (x mol), CuSO4 dư (x mol), H2SO4 (0,1 mol)

→ BT. S: nCuSO4 = 2x + 0,1 → 0,1 + (2x + 0,1 - x).2 = 0,5 → x = 0,1 → m = 64,25 gam

Từ điều kiện 3nX phản ứng  = nCO2 - nH2O

→ k = 4

→ Loại B, D

Đặt CTTQ của X là CnH2n-6O6 ( được tạo thành từ 2 axit đơn chức và ancol ba chức) với \(\frac{{1,5n - 4,5}}{{0,5625}} = \frac{n}{{0,6}} \to n = 8\)

Coi hỗn hợp X gồm Fe_, Fe₃O₄, Fe₂O₃, FeCO₃

Phần 1: Với HCl dư

Khí gồm CO₂ (0,03 mol) và H₂ (0,04 mol)

Đặt a, b là số mol FeCl₂; FeCl₃ → n_HCl = 2a + 3b

Quỵ đổi X thành Fe (a + b); O (c); CO₂ (0,03)

→ n_H2O: c mol

Bảo toàn H → 2a + 3b = 0,04 . 2 + 2c (1 )

Phần 2: Dung dịch chứa 2 muối nên HNO₃ hết

n _khí = 0,09 gồm CO₂ (0,03 mol) và NO (0,06 mol)

Bảo toàn N → n_NO3- = 0,57 - 0,06 = 0,51

m _muối = 56(a + b) + 62 . 0,51 = 41,7 (2)

n_HNO3 = 0,57 = 0,06 . 4 + 2c (3)

Giải hệ (1)(2)(3): a = 0,13; b = 0,05; c = 0,165

→ FeCl₂ (0,13) và FeCl₃ (0,05)

→ m muối = 24,635

n_NaOH = 0,26 mol; n_CO2 = 0,045 mol; n_H2O = 0,06 mol

Do axit Y đa chức, không phân nhánh nên Y là axit hai chức

Este Z được tạo bởi ancol T và X, Y → Ancol T là ancol ba chức.

*Xét phản ứng đốt cháy ancol T: n_CO2 = 0,045 mol; n_H2O = 0,06 mol

n_CO2 < n_H2O → T là ancol no, mạch hở

n _ancol = n_H2O - n_CO2 = 0,06 - 0,045 = 0,015 mol

→ Số C = n_CO2 : n_T = 0,045 : 0,015 = 3

Vậy T là C₃H₅(OH)₃

*E phản ứng với NaOH: n_COO = n_NaOH = 0,26 mol → n_O(E) = 2n_COO = 0,52 mol

*Xét phản ứng đốt cháy hỗn hợp E:

+ BTKL: m_CO2 + m_H2O = m_E + m_O2 → 44n_CO2 + 18n_H2O = 14,93 + 32.0,3825

+ BTNT "O": 2n_CO2 + n_H2O = n_O(E) + 2n_O2 → n_CO2 + n_H2O = 0,52 + 2.0,3825

Giải hệ được n_CO2 = 0,505 và n_H2O = 0,275

*Quy đổi hỗn hợp E thành:

C_nH_2nO₂: x

C_mH_2m-4O₄: y

C₃H₈O₃: 0,015

H₂O: -0,045

Ta có hệ phương trình: nNaOH = x+2y = 0,026

nCO2 = nx+my+0,015.3 = 0,505

và nH2O = nx + (m−2)y + 4.0,015−0,045 = 0,275 → x = 0,06; y = 0,13 và n+5m=23

Chỉ có cặp n = 1; m = 4 thỏa mãn

Vậy X là HCOOH và Y là HOOC-CH=CH-COOH