NaOH tác dụng được với NaHCO₃

Đáp án B

Dung dịch nào sau đây làm phenolphtalein đổi màu metyl amin   

Đáp án B

Các kim loại Na, K, Ca

Chọn đáp án B

Tơ tằm là tơ tự nhiên.

Tơ nilon-6,6, tơ capron, tơ enang là tơ tổng hợp.

Tơ visco và tơ axetat là tơ bán tổng hợp hay còn gọi là tơ nhân tạo.

Trong các công thức sau, công thức có tên gọi tristearin là C₃H₅(OCOC₁₇H₃₅)₃

Đáp án B

Tính dẻo, tính dẫn điện, tính dẫn nhiệt, có ánh kim.

Đáp án B

Dung dịch không có phản ứng màu biure là Gly-Val.

Đáp án D

Glucozơ còn có tên gọi là đường nho

Đáp án B

NaNO₃ → NaNO₂ + ½ O₂

Đồng phân là các chất có cùng công thức phân tử nhưng công thức cấu tạo khác nhau

Ta có dãy điện hóa:

\(\dfrac{{L{i^ + }}}{{Li}}\dfrac{{{K^ + }}}{K}\dfrac{{B{a^{2 + }}}}{{Ba}}\dfrac{{C{a^{2 + }}}}{{Ca}}\dfrac{{Na{^ + }}}{{Na}}\dfrac{{M{g^{2 + }}}}{{Mg}}\dfrac{{A{l^{3 + }}}}{{Al}}\dfrac{{M{n^{2 + }}}}{{Mn}}\dfrac{{Z{n^{2 + }}}}{{Zn}}\dfrac{{C{r^{3 + }}}}{{Cr}}\dfrac{{F{e^{2 + }}}}{{Fe}}\dfrac{{N{i^{2 + }}}}{{Ni}}\dfrac{{S{n^{2 + }}}}{{Sn}}\dfrac{{P{b^{2 + }}}}{{Pb}}\dfrac{{{H^ + }}}{{{H_2}}}\dfrac{{C{u^{2 + }}}}{{Cu}}\dfrac{{F{e^{3 + }}}}{{F{e^{2 + }}}}\dfrac{{H{g^{2 + }}}}{{Hg}}\dfrac{{A{g^ + }}}{{Ag}}\dfrac{{P{t^{2 + }}}}{{Pt}}\dfrac{{A{u^{3 + }}}}{{Au}}\)

+ Nhận thấy cặp oxh–khử Fe³⁺/Fe²⁺ đứng trước cặp oxh–khử Ag⁺/Ag.

⇒ Theo quy tắc α thì Ag không tác dụng với dung dịch FeCl₃ ⇒ Chọn C

Phản ứng đặc trưng của hiđrocacbon no là phản ứng thế

Đáp án B

Có 3 đồng phân cấu tạo thỏa mãn là

1. CH₃-NH-CH₂-CH₂-CH₃

2. CH₃-NH-CH(CH₃)₂

3. (C₂H₅)₂NH

Sản phẩm hữu cơ thu được khi thủy phân este C₂H₅COOCH=CH₂ trong dung dịch NaOH là C₂H₅COONa và CH₃CHO.        

Đáp án C 

Nhận thấy Al, Fe bị thụ động trong H2SO4 đặc nguội → loại A, C

Ag không phản ứng với HCl → loại B

Đáp án D.

Tráng bạc nhưng không tác dụng với natri

⇒ Có nhóm chức –CHO và không có nhóm chức –COOH và –OH.

+ Dựa vào 4 đáp án ⇒ chất thỏa mãn là HCOOCH₃ ⇒ Chọn C

Chất X có màu trắng, dạng sợi, không mùi vị, không tan trong nước và là thành phần chính tạo nên màng tế bào thực vật.. Chất X là xenlulozơ.

NH₄Cl có pH < 7

Đáp án B

C¹ – C² – C – C

C³ – ⁴C(CH₃) – C

(1,2,3,4 là vị trí gắn nhóm OH vào cacbon)

AlCl₃ + 3NH₃ + 3H₂O → Al(OH)₃ ↓ + 3NH₄Cl

CuCl₂ + 2NH₃ + 2H₂O → Cu(OH)₂ ↓ + 2NH₄Cl

Cu(OH)₂ + 4NH₃ -> [Cu(NH₃)₄](OH)₂ (tan)

Từ CTĐGN của A là C₂H₃O₂ ⇒ CTPT của A dạng C_2nH_3nO_2n.

A là axit no ⇒ số H = 2 × (số C) + 2 – (số O)

⇒ có 3n = 2 × (2n) + 2 – 2n

⇒ n = 2 → công thức phân tử của axit A là C₄H₆O₄ ⇒ chọn đáp án B.

Các chất: Al, Al(OH)₃, (NH₄)₂CO₃

2Fe + 3Cl₂ → 2FeCl₃ (Y)

Fe + 2HCl → FeCl₂ (Z) + H₂

Fe + 2FeCl₃ → 3FeCl₂

\({\overline M _{hh\,X}} = 24.2 = 48,{m_{hh\,X}} = 0,96g\) 

⇒ n _{hh X} = 0,02 mol

⇒ n _H  =  0,02 . 6 = 0,12 mol ⇒ m _H = 0,12 g

⇒ m _C = 0,96 – 0,12 = 0,84 g ⇒ n_C = n _CO2 = 0,07 mol

n _Ba(OH)2 = 0,05 mol ⇒ n _OH-= 0,1 mol

nCO₃^2- = n_OH- - n_CO2 = 0,03mol

⇒ m _BaCO3 = 5,91 g

n _Cl = 0,2 mol  ⇒ n _Cl2 = 0,1 mol

 \(\left\{ \begin{array}{l} 64{n_{Cu}} + 32{n_{{O_2}}} + 0,1.71 = 21,5\\ 2{n_{Cu}} = 2.0,1 + 4{n_{{O_2}}} \end{array} \right. \Rightarrow {n_{Cu}} = 0,2\,mol,{n_{{O_2}}} = 0,05\,mol\left\{ \begin{array}{l} 64{n_{Cu}} + 32{n_{{O_2}}} + 0,1.71 = 21,5\\ 2{n_{Cu}} = 2.0,1 + 4{n_{{O_2}}} \end{array} \right. \Rightarrow {n_{Cu}} = 0,2\,mol,{n_{{O_2}}} = 0,05\,mol\)

2 H₂O → 4 H⁺ + O₂ + 4 e

n _O2 = 0,05 mol ⇒ n_H+ = 0,2 mol = n _HNO3

Fe + 4 HNO₃→  Fe(NO₃)₃ + 2 H₂O + NO

0,05     0,2        0,05

Fe + 2 Fe(NO₃)₃ →   3 Fe(NO₃)₂

0,025  0,05

⇒ m _Fe  = 56.(0,025 + 0,05) = 4,2 gam > 2,6 gam

⇒ có phản ứng của Fe với muối Cu²⁺

Fe + Cu(NO₃)₂ → Fe(NO₃)₂ + Cu

 m _{tăng của phản ứng} = 4,2 - 2,6 = 1,6 g

⇒ n _Cu(NO3)2 = 1,6 : (64 – 56 ) = 0,2 mol ( tăng theo thực tế chia cho tăng theo 1 mol )

tổng số mol Cu(NO₃)₂ = 0,2 + 0,2 = 0,4 mol

RCHO + [O] → RCOOH

x            →            x (mol)

⇒ m_axit  - m_andehit = (R + 45).x – (R + 29).x = 7,4 – 5,8

⇒ x = 0,1 mol

⇒ M_andehit = 58g ⇒ R = 29g ⇒ C₂H₅CHO

\({n_{C{O_2}}} = {n_{{H_2}O}} = \frac{{12,4}}{{18 + 44}} = 0,2 \to m = 20\,gam\)

n_Gly = 0,4; n_Ala = 0,32

Giải hệ ta được n_Hexa = 0,12 và n_Tetra = 0,08

m = 83,2 gam

Ta có V_{Rượu nguyên chất} = 10 × 0,46 = 4,6 lít.

⇒ m_Rượu = V × D = 4,6 × 0.8 = 3,68 kg ⇒ nC₂H₅OH = 0,08 kmol.

⇒ n_{Tinh bột} = 0,08 ÷ 2 ÷ 0,8 = 0,05 mol ⇒ m_{Tinh bột} = 8,1 kg

⇒ m_Gạo = 8,1 ÷ 0,75 = 10,8 kg

⇒ Chọn D

Dung dịch sau phản ứng chứa FeSO₄: 0,15 và FeCl₂: 0,1 → m - 0,25.56 + 0,15.64 = 0,725m → m = 16

\(\left\{ \begin{array}{l} N{H_4}N{O_3}:a\\ {N_2}:b \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} 8a + 10b = 0,54.3\\ 10a + 12b = 0,2 \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} a = 0,14\\ b = 0,05 \end{array} \right. \to V = 1,12\)

TQ: Fe_xO_y + yCO → xFe + yCO₂

Mol                0,2    ←             0,2

⇒ V_CO2 = 4,48 lít

n_{CaCO3 max} = n_Ca(OH)2 = b = 0,5 mol

n_{CO2 max} = n_NaHCO3 + 2n_Ca(HCO3)2

⇒ n_NaHCO3 = n_NaOH = a = 0,4 mol

⇒ a : b = 0,4 : 0,5 = 4 : 5

k = \(\dfrac{2 * 7 + 2 - 10}{2}\) = 3 \(\Rightarrow\) X có chứa 2 pi C=O và 1 pi C=C

Do Z và T cùng dãy đồng đẳng nên chúng phải đều là ancol no đơn chức (vì chỉ có 1 pi C=C)

\(\Rightarrow\) X là CH₃-OOC-HC=CH-COO-C₂H₅

Do đó: Y là NaOOC-CH=CH-COONa; Z, T là CH₃OH và C₂H₅OH

E là HOOC-CH=CH-COOH

A đúng đã lập luận ở trên

B đúng, còn 1 đồng phân CH₂=C(COOCH₃)(COOC₂H₅)

C sai vì E tác dụng Br₂ tỉ lệ 1: 1 (1 lk pi C=C)

D đúng vì E có 4 C và 4H

X: NH₄OOC-COONH₃CH₃ hoặc CH₂(COONH₄)₂ và Y: (CH₃NH₃)₂CO₃ hoặc CO₃(NH₄)(NH₃C₂H₅) (không kể đồng phân cấu tạo).

 \(\left\{ \begin{array}{l} X:x\\ Y:y \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} 2x + 2y = 0,04\\ 138x + 124y = 1,62 \end{array} \right. \to x = y = 0,01\)

Vì khí có tỉ lệ mol 1 : 3 nên có hai trường hợp

- TH₁: X là NH₄OOC-COONH₃CH₃ và Y là : (CH₃NH₃)₂CO₃ → m = 0,01.(134 + 106) = 2,4 gam

- TH₂: X là CH₂(COONH₄)₂ và Y là CO₃(NH₄)(NH₃C₂H₅) → m = 0,01.(148 + 106) = 2,54 gam

m_max = 2,54 gam

Ta có sơ đồ: 23,76g X + 0,4 mol HCl -> NO + dd Y → 0,02 mol NO + Kết tủa + dd Z

Trong Z có Fe(NO₃)₃, Cu(NO₃)₂

n_H+ = 0,4 mol ⇒ n_NO = ¼ n_H+ = 0,1 mol

Trong TN₁: n_NO = 0,1 – 0,02 = 0,08 mol

⇒ Trong X có 0,04 mol Fe(NO₃)₂ ⇒ Trong Z

n_NO3 = 0,58 – 0,02 = 0,56 mol

Gọi số mol FeCl₂ và Cu trong X lần lượt là a và b

⇒ 127a + 64b = 16,56g ⁽¹⁾

n_{NO3 (Z)} = (a + 0,04).3 + 2b = 0,56⁽²⁾

Từ (1,2) ⇒ a = 0,08; b = 0,1 mol

Kết tủa thu được gồm:

n_AgCl = n_Cl- = 0,4 + 2.0,08 = 0,56 mol

n_Ag = 0,08 + 0,1.2 + 0,04 – 0,1.3 = 0,02 mol

⇒ m_{kết tủa} = 82,52g

X: C_nH_2nO₂: a mol

Y, Z: C_mH_2m-2O₂: b mol

⇒ n_NaOH = a + b = 0,3 mol ⁽¹⁾

m_E = a(14n + 32) + b(14m + 30) = 23,58g ⁽²⁾

n_CO2 = na + mb

n_H2O = na + mb – b

m_giảm = 197(na + mb) - 44(na + mb) - 18(na + mb – b) = 137,79 ⁽³⁾

Từ (1,2,3):

na + mb = 1,01 mol

a = 0,22

b = 0,08

⇒ 0,22n + 0,08m = 1,01

⇒ 22n + 8m = 101

Với n ≥ 3 và m > 4 => n = 3 và m = 4,375 là nghiệm duy nhất

Do sản phẩm xà phòng hóa thu được 2 muối và 2 ancol liên tiếp nên các chất là:

X: CH₃COOCH₃ (0,22 mol)

Y: CH₂ = CHCOOCH₃ (0,05 mol)

Z: CH₂=CHCOOC₂H₅ (0,03 mol)

Vậy F gồm: 0,22 mol CH₃COONa và 0,08 mol CH₂=CHCOONa

Khi nung F với NaOH và CaO

⇒ khí G gồm: CH₄: 0,22 mol và C₂H₄: 0,08 mol

⇒ %m_CH4 = 61,11%

n_H2SO4 = 0,565 mol; n_SO2 = 0,015 mol

+) Phần 1: M_khí = 32,8g; n_khí = 0,0625 mol

Hỗn hợp khí không màu có 1 khí hóa nâu là NO và N₂O

⇒  n_NO = 0,05; n_N2O = 0,0125 mol

Muối thu được là muối sunfat ⇒  có S trog D

Qui hỗn hợp D về dạng: Al (x mol); O (y mol); S (z mol)

Giả sử phản ứng D + HNO₃ tạo t mol NH₄⁺

Bảo toàn e: 3n_Al + 6n_S = 2n_O + 3n_NO + 8n_N2O + 8n_NH4

⇒  3x + 6z = 2y + 0,15 + 0,1 + 8t⁽¹⁾

Muối sunfat thu được có: NH₄⁺; Al³⁺; SO₄^2-

Bảo toàn điện tích: n_NH4 + 3n_Al = 2n_SO4

⇒  t + 3x = 2z⁽²⁾

Khi Cho dung dịch muối này phản ứng với NaOH vừa đủ thì:

Al³⁺ + 4OH^- → AlO₂^- + 2H₂O

NH₄⁺ + OH^- → NH₃ + H₂O

⇒  n_NaOH = 4x + t = 0,13⁽³⁾

Phần 2: (Al ; O ; S) + O₂(không khí) ⇒  ( 0,5x mol Al₂O₃) + SO₂ 

⇒ mgiảm = mS – mO thêm

⇒ 1,36 = 32z – 16.(1,5x – y)⁽⁴⁾

Giải hệ (1,2,3,4) ⇒  x = y = 0,03; z = 0,05; t = 0,01 mol

Vậy D có: 0,02 mol Al₂O₃; 0,02 mol Al; 0,1 mol S

Bảo toàn e: 2n_SO2 + 6n_S = 3n_{Al pứ} ⇒  n_{Al pứ} = 0,21 mol

nH₂SO₄ = 3nAl₂O₃ pứ + (1,5nAl + nSO₂ + nS) ⇒  n_Al2O3 = 0,045 mol

Vậy hỗn hợp đầu có: 0,065 mol Al₂O₃ và 0,23 mol Al

⇒ m = 12,84g

(a) CaCO₃

(b) I₂

(c) Al(OH)₃

(e) Cu(OH)₂

(g) AgCl

Hidrocacbon đơn giản nhất là CH₄ (0,015 mol)

n_{NaOH bđ} = 0,13 mol

Đặt 3x, 2x, 3x theo thứ tự số mol A, B, D

X + NaOH → Sản phẩm gồm:

n_ancol = n_A + 2n_D = 9x và n_muối = n_B + n_D = 5x

Phản ứng vôi tôi xút: CH₂(COONa)₂ + 2NaOH → CH₄ + 2Na₂CO₃

(*) TH₁: Nếu NaOH hết → n_NaOH = 0,03 mol và n_{muối Na} = 0,05 mol

Vậy 5x = 0,05 → x = 0,01 mol và n_ancol = 0,09 mol

Đốt X cũng như đốt axit và ancol tương ứng nên:

C₃H₄O₄ + 2O₂ → 3CO₂ + 2H₂O

0,05   →    0,1

C_nH_2n+2O + 1,5nO₂ → nCO₂ + (n + 1)H₂O

0,09    →   0,135n

→ n_O2 = 0,1 + 0,135n = 0,28 → n = 4/3 →CH₃OH và C₂H₅OH

(*) TH₂: Nếu NaOH dư → n_{muối Na} = 0,015 mol = 5x

→ x = 0,003 mol

Đốt X cũng như đốt axit và ancol tương ứng nên:

C₃H₄O₄ + 2O₂ → 3CO₂ + 2H₂O

0,015   →     0,03

C_nH_2n+2O + 1,5nO₂ → nCO₂ + (n + 1)H₂O

0,027    →   0,0405n

→ n_O2 = 0,03 + 0,0405n = 0,28 → n = 6,17 → C₆ và C₇