Kim loại kiềm thổ là Ca

Khí CO2 ít tan trong nước

CrO3 → Đáp án B

Chất bị thủy phân trong môi trường kiềm là Gly-Ala-Gly

Chất có khả năng tạo phức màu xanh lam với Cu(OH)2 ở nhiệt độ thường là saccarozơ.

Chất tham gia phản ứng màu biure là anbumin

Chất có khả năng ăn mòn thủy tinh SiO­2 là HF

Phương pháp điện phân dung dịch dùng để điều chế kim loại Cu

Kim loại dẫn điện tốt thứ 2 sau kim loại Ag là Cu

Vì trong CTCT của nilon–6,6 có chứa liên kết –CO–NH–.

⇒ Nilon–6,6 thuộc loại poliamit

Tôn là sắt được tráng Zn

NaHCO₃ chỉ cần đun nóng nhẹ trong dung dịch cũng sẽ bị nhiệt phân tạo muối trung hòa và CO₂

Ống thép (dẫn nước, dẫn dầu, dẫn khí đốt) ở dưới đất được bảo vệ chủ yếu bởi một lớp sơn dày → sai → Đáp án C

Có 2 chất phản ứng với dung dịch FeCl3 dư có sinh ra kết tủa.

Y là natri propionat.

nCO2 = 0,45 mol

tổng số mol OH- = 0,4 + a mol

nCaCO3 = 0,05 mol

khi đun nóng nước lọc

 Ca(HCO3)2 → CaCO3 + CO2 + H2O

    0,05                0,05

→ nCaCO3 = 0,2 – 0,05 = 0,15 mol

→  nOH- = nCO2 + nCO32- = 0,45 + 0,15 = 0,6 mol

    0,4 + a = 0,6 → a = 0,2

→ Đáp án: A

Chọn đáp án C

Mỗi mắt xích C6H10O5 có M = 162

⇒ ứng với PTK 1.620.000 có:

số mắt xích = n = 1.620.000 ÷ 162 = 10.000

Đáp án D

Phản ứng: (RCOO)3C3H5 + 3NaOH → 3RCOONa + C3H5(OH)3.

có nGlixerol = nNaOH : 3 = 0,02 mol 

mol ⇒ dùng bảo toàn khối lượng

ta có: m xà phòng = mm muối thu được = 17,24 + 0,06.40 - 0,02.92 = 17,80g 

nmuối = nHCl = 0,025 mol

→ Mmuối = 3,1375/0,025 = 125,5

→ MX = Mmuối - 36,5 = 89

→ Alanin

nC = nCO2 < 35,3 :  44 = 0,8

→ Số nguyên tử C nhỏ hơn 8.

Loại đáp án A do A có 8 nguyên tử C.

Loại đáp án B và D do 1 mol X tác dụng với 2 mol NaOH.

Do đó, đáp án C đúng

Chất có nhiệt độ sôi cao nhất là CH₃COOH.

Giải: 1Saccarozơ + H₂O → 1Fructozơ + 1Glucozơ

1Glucozơ/Fructozơ → 2Ag. ⇒ 1Saccarozơ → 4Ag ⇒ n = n ÷ 4 = 0,03 mol

⇒ H = 75% ⇒ chọn D

X không tác dụng với AgNO₃/NH₃ nên X không có nối ba đầu mạch:

CH₃-CH₂-CH₂-CH₃

(CH₃)₃C

CH₂=CH-CH₂-CH₃

CH₃-CH=CH-CH₃

CH₂=C(CH₃)₂

CH₂=C=CH-CH₃

CH₂=CH-CH=CH₂

CH₃-C≡C-CH₃

CH₂=C=C=CH₂ 

X gồm Mg (a) và Al (b)

mX = 24a + 27b = 0,75

nNO₂ = 2a + 3b = 0,07

→ a = 0,02 và b = 0,01

→ mMg(OH)₂ = 58a = 1,16 gam

nN₂ = 0,56 : 28 = 0,02 mol = n X

→ Mx = 2,06 : 0,02 = 103

→ X là H₂N – CH₂ – COOCH₂CH₃

→ Đáp án D

Các chất thỏa mãn yêu cầu: dd HNO3, dd KMnO₄/H⁺, dd nước Br₂.

3 Fe²⁺ + 4H⁺ + NO₃^- → 3Fe³⁺ + NO + 2 H₂O

10 FeCl2 + 6 KMnO4 + 24 H2SO4 → 5 Fe2(SO4)3 + 3 K2SO4 + 6 MnSO4 + 10 Cl2 + 24 H2O

6 FeCl2 + 3Br2 → 4FeCl3 + 2FeBr3

Các chất và dung dịch K2O, NaOH, CH3NH2 không thỏa mãn vì tạo kết tủa Fe(OH)2; AgNO3 không thỏa mãn vì tạo kết tủa AgCl.

Các dung dịch NaNO3, H2S không thỏa mãn vì không phản ứng.

Vậy có 3 chất phản ứng được với FeCl2 không tạo kết tủa.

Đáp án A

Giải: Vì nH2 = 0,15 ⇒ ∑nOH- tạo thành = 2nH2 = 0,3 mol.

nH+ = 0,25 ⇒ nOH- còn lại = 0,3 – 0,25 = 0,05 mol.

⇒ nCu(OH)2 = 0,05 ÷ 2 = 0,025 mol

Đặt nNa = nBa = a

Bte → a + 2a = 0,3 → a = 0,1

⇒  nBa²⁺ = 0,1 mol < ∑nSO₄^2- ⇒ nBaSO4 = 0,1 mol.

⇒ m kết tủa = 0,025×98 + 0,1×233 = 25,75 gam 

Cho từ từ chất X đến dư vào dung dịch AlCl3 thì ban đầu có kết tủa keo trắng sau đó kết tủa tan hoàn toàn tạo thành dung dịch không màu.

Polime được điều chế từ phản ứng trùng hợp là PVC, teflon, PE, cao su Buna, tơ nitron, cao su isopren

Các ứng dụng của este là:

(1) dùng làm dung môi (do este có khả năng hòa tan tốt các chất hữu cơ, kể cả các hợp chất cao phân tử)

(3) dùng làm nguyên liệu sản xuất chất dẻo, dùng làm dược phẩm

(4) Dùng trong công nghiệp thực phẩm ( vì 1 số este có mùi  thơm của hoa quả)

Phương trình xảy ra HCO₃^- + OH^- → CO₃^2- + H₂O

CO₃^2- + Ba → BaCO₃ ↓

Tại thời điểm V= 0,3 lít ( Ba(OH)₂ : 0,15 mol) lượng kết tủa không thay đổi

→ n kết tủa = nCO₃^2- = 0,2 mol → nNaHCO3 = x = 0,2 mol

Tại thời điểm V = 0,1 lít ( Ba(OH)2 : 0,05 mol ) → n kết tủa = nBa²⁺ = 0,1 mol

∑nBa²⁺  = nBaCl₂ + nBa(OH)₂ → nBaCl₂ = y = 0,1 - 0,05 = 0,05 mol 

\(\eqalign{
& 0,5\,mol\,X\left\{ \matrix{
{C_2}{H_4}{O_2}:x \hfill \cr
{C_4}{H_6}{O_4}:y \hfill \cr
{C_n}{H_{2n - 2}}{O_2}:z \hfill \cr} \right.\buildrel { + O2:1,25} \over
\longrightarrow \left\{ \matrix{
C{O_2}:1,3 \hfill \cr
{H_2}O:1,1 \hfill \cr} \right. \cr
& \buildrel {BT:O} \over
\longrightarrow {n_{O(X)}} = 2{n_{C{O_2}}} + {n_{{H_2}O}} - 2{n_{{O_2}}} = 1,2mol \cr
& \to \left\{ \matrix{
2x + 4y + 2z = 1,2 \hfill \cr
x + y + z = 0,5 \hfill \cr} \right. \to y = 0,1 \cr
& Ta\,thay:{n_{C{O_2}}} - {n_{{H_2}O}} = {n_{{C_4}{H_6}{O_4}}} + {n_{{C_n}{H_{2n - 2}}{O_2}}} \cr
& 1,3 - 1,1 = 0,1 + {n_{{C_n}{H_{2n - 2}}{O_2}}} \cr
& \to {n_{{C_n}{H_{2n - 2}}{O_2}}} = 0,1mol \cr
& \to {n_{{C_2}{H_4}{O_2}}} = 0,5 - 0,1 - 0,1 = 0,3mol \cr
& \buildrel {BT:C} \over
\longrightarrow 0,3.2 + 0,1.4 + 0,1n = 1,3 \to n = 3(HCOOCH = C{H_2}) \cr
& X\left\{ \matrix{
HCOOC{H_3}:0,3 \hfill \cr
{(COOC{H_3})_2}:0,1 \hfill \cr
HCOOCH = C{H_2}:0,1 \hfill \cr} \right.\buildrel { + NaOH} \over
\longrightarrow \left\{ \matrix{
HCOONa:0,4 \hfill \cr
C{H_3}CHO:0,1 \hfill \cr} \right. \cr
& \to {n_{Ag}} = 2{n_{HCOONa}} + 2{n_{C{H_3}CHO}} = 1mol \to {m_{Ag}} = 108gam \cr} \)

X: C₃H₁₂N₂O₃ + NaOH → hỗn hợp khí Z + Muối axit vô cơ

→ X là muối của CO₃^2-

Các CTCT thỏa mãn: (C₂H₅NH₃)OCOONH₄ ;(CH₃)₂NH₂OCOONH₄ → có 2 công thức thỏa mãn

Dễ thấy B và C là phát biểu đúng.

Với D thì catot là sai vì O₂ sinh ra ở anot phản ứng với C nên mới cần thay chứ catot thì không cần thay.

nX = 3x (mol) → nY = 2x (mol)

Bảo toàn các mắt xích

→ Dung dịch Z chứa:

nGlyK = 2.nAlaK = 5. nValK = 3.nGluK₂ = 2.m muối = 17,72

→ x = 0,01 → m = mX + mY = 11,14 gam 

Đáp án B

(3) Sai, Điều chế poli(etylen terephtalat) bằng phản ứng trùng ngưng.

(6) Sai, Triolein tác dụng được với H₂ (xúc tác Ni, t^o), dung dịch Br₂, không phản ứng với Cu(OH)₂

Phần trăm khối lượng nitơ trong X là 20,29%.

Đáp án D

Đặt số mol các muối MgSO₄, FeSO₄, CuSO₄, (NH₄)₂SO₄ lần lượt là a, b, c, d

nNa₂SO₄(Y) = 0,5nNaNO₃ = 0,0225 mol

120a + 152b + 160c + 132d + 0,0225.142 = 62,605 (1)

nNaOH = 2a + 2b + 2c + 2d = 0,865 (2)

m↓ = 58a + 90b + 98c = 31,72 (3)

Sản phẩm sau đó là Na₂SO₄ → nNa₂SO₄ = 0,4325 + 0,0225 = 0,455

nBaCl₂ = 0,455 → Vừa đủ để tạo ra nBaSO₄ = 0,455

Sau đó thêm tiếp AgNO₃ dư → Tạo thêm AgCl = 0,455.2 = 0,91 mol và nAg = nFe²⁺ = b

→ m↓ = 108b + 0,91.143,5 + 0,455.233 = 256,04 (4)

Giải (1) (2) (3) (4) → a = 0,2; b = 0,18; c = 0,04; d = 0,0125

Như trên đã có nH₂SO₄ = nNa₂SO₄ tổng = 0,455

BTNT H: 2nH₂SO₄ = 8n(NH₄)₂SO₄ + 2nH₂ + 2nH₂O → nH₂O = 0,385 mol

BTKL: mA = m muối + m khí + mH₂O – mNaNO₃ – mH₂SO₄ = 27,2 gam

Quy đổi m gam X thành Mg; Al và O với số mol lần lượt là a, b và c mol

Khi cho X + HCl thì

mmuối = mMgCl2 + mAlCl3 = 95a + 133,5b = m + 70,295 = 24a + 27b + 16z + 70,295 (1)

2m gam X + H2SO4 đặc nóng dư thì :

Mg → Mg2+ + 2e                                   

Al → Al3+ + 3e

O + 2e → O2-             

S+6 + 2e → S+4

Bảo toàn e có 2.2a + 2.3b – 2.2c = 2nSO2 = 2.1,19 (2)

3m gam X + HNO3 loãng dư → NO và N2O với số mol x và y mol

nkhi = x + y = 0,51 và Mkhi = (30x+44y) : (x+y) = (318:17).2 → x=0,24 và y=0,27

 Vì 2.3a + 3.3b – 3.2c = 2.1,5.1,19 > 0,24.3 + 0,27.8 nên pư tạo NH₄⁺

Mg → Mg2+ + 2e                                   

Al → Al3+ + 3e

O + 2e → O^2-             

N⁺⁵ + 3e → N⁺²

2N⁺⁵ + 8e →2N⁺¹           

N⁺⁵ +8e → N^-3

Bảo toàn e có 2.3a + 3.3b – 3.2c = 0,24.3 + 0,27.8 + 8nN^-3

→ nN^-3 = 2.1,5.1,19 – 0,24.3 – 0,27.8 = 0,08625 → nNH4+ = 0,08625 mol

mmuối = mMg(NO3)2 + mAl(NO3)3 +mNH4MO3 = 148.3a + 213.3b + 0,08625.80 = 486,45(3)

Giải (1)(2)(3) được a = 0,49 mol; b = 0,41 mol và c = 0,51 mol

→ m= 24a + 27b +  16c = 30,99 gam gần nhất với 31

Đáp án cần chọn là: C

Vì ancol không điều chế trực tiếp được từ chất vô cơ và M < 50 → Ancol đó là C₂H₅OH.

Đặt công thức của hai muối là C_nH_2n–1O₂Na: a mol → (14n+54)a=3,09 và na = 0,5a + 0,08 ⇒ n = 3,5 và a=0,03

Hai muối đó là C₂H₅COONa (0,015 mol) và C₃H₇COONa (0,015 mol) → C₂H₅OH (X): 0,02

Nếu axit là C₂H₅COOH (x mol) thì este là C₃H₇COOC₂H₅ (x mol)

Khi cho X tác dụng với NaHCO₃ thì: x = 0,3 mol → m = 57 + 18,4 = 75,4 (g)