Tripanmitin không có liên kết đôi C=C, C=O nên không phản ứng với H₂.

\(({C_n}{H_{2n + 1}}) = {C_{2n}}{H_{2.2n + 2}} \)  là đồng đẳng ankan.

Với tính chất của thi trắc nghiệm ta có thể thử với ankan C₂H₆ thì CTĐGN nhất là CH₃ có dạng  \({C_n}{H_{2n + 1}}\)

CuSO₄ + Fe → FeSO₄ +Cu

HCl + Fe → FeCl₂ + H₂

Fe không tác dụng CaCl₂, ZnCl₂, MgCl₂ vì Fe đứng sau Ca, Zn, Mg trong dãy hoạt động kim loại.

Al + NaOH + H₂O → NaAlO₂ +1,5H₂

Al + 3HCl → AlCl₃ + 1,5H₂

+ Các kim loại như Al, Zn có khả năng tác dụng với HCl và NaOH nhưng không phải chất lưỡng tính.

+ Cr không tác dụng với dung dịch NaOH kể cả đặc nóng.

Để làm khô các khí thì các khí đó không phản ứng với chất cần dùng. Vậy ở đây ta có thể dùng NaOH để làm khô các khí mà không phản ứng với NaOH.

A.Loại vì có SO₂, Cl₂ tác dụng được với NaOH

B.Loại vì có CO₂, NO₂ tác dụng được với NaOH

C.Loại vì có CO₂, Cl₂ tác dụng được với NaOH

Tác nhân chủ yếu gây “Hiệu ứng nhà kính” là do sự tăng nồng độ trong khí quyển của Cacbon dioxit.

Đáp án D

Ta có:

\(X\left\{ \begin{array}{l} {n_{{N_2}}} = 0,05 \to {n_x} = 0,1\\ {n_{C{O_2}}} = 0,4\\ {n_{{H_2}O}} = 0,45 \end{array} \right.\)

⇒ C4H9N

+ Dung dịch nước Br₂ có thể tác dụng với phenol và anilin và đều cho kết tủa trắng.

+ Cả phenol và anilin đều là những chất độc.

+ NPK là phân hỗn hợp.

+ Amophot (hỗn hợp của NH₄H₂PO₄ và (NH₄)₂HPO₄)) là phân phức hợp.

Phân bón nitrophotka (NPK) là hỗn hợp của (NH₄)₂HPO₄ và KNO₃

Đáp án A

\(X\left\{ \begin{array}{l} {n_{C{O_2}}} = a\\ {n_{{H_2}O}} = a \end{array} \right.{n_x} = \frac{a}{2}HCOOC{H_3} \to {m_{HCOOK}} = 0,1.84 = 8,4\)

Trong Y sẽ chứa các chất là: MgO; Cu; Al₂O₃ và Fe. Khí CO không khử được oxit của kim loại mạnh hơn Al, nên khí CO chỉ khử được CuO, FeO.

Tăng giảm khối lượng

\(\begin{array}{l} \to {n_x} = \frac{{7,28 - 5,76}}{{19}} = 0,08\\ \to {M_x} = 72 \to {C_2}{H_3}COOH \end{array}\)

4Fe(OH)₂ + O₂ +2H₂O → 4Fe(OH)₃

2Fe(OH)₃ → Fe₂O₃ + 3H₂O

-Các loại tơ được sản xuất từ xenlulozo:

+ Tơ visco: hòa tan xenlulozo trong NaOH loãng và CS₂ thu được dung dịch keo rất nhớt là tơ visco.

+ Tơ axetat: hòa tan xenlulozo với anhidrit axetic (có H₂SO₄ đặc) thu được xenlulozo diaxetat và xenlulozo triaxetat.

Chất X là glucozơ

Thực tế trong CN, nguồn nguyên liệu dùng là saccarozơ trong đường mía, thủy phân sẽ cho glucozơ và fructozơ dùng tráng bạc, gương, ruột phích,...

Dung dịch K₂Cr₂O₇ có màu da cam

Đáp án C

Ion của kim loại yếu nhất có tính OXH mạnh nhất

\({n_{FeO}} = 0,5 \to {n_{FeC{l_2}}} = 0,5 \to a = 1\)

\({n_{FeO}} = 0,5{n_{FeC{l_2}}} = 0,5a = 1\)

Cần nhớ: Có 4 loại axit béo quan trọng là:

Panmitic: C₁₅H₃₁COOH

Stearic: C₁₇H₃₅COOH

Oleic: C₁₇H₃₃COOH

Linoleic: C₁₇H₃₁COOH

Ta có:  \({n_{tr{\rm{is}}tearin}} = \frac{{178}}{{890}} = 0,2 \to m = 0,2.3.322 = 193,2\)

Những chất tác dụng được với Cu(OH)₂ tạo thành dung dịch màu xanh lam trong CTCT phải có 2 nhóm –OH kề nhau.

Những chất thường gặp như: HO-CH₂-CH₂-OH; C₃H₅(OH)₃; sobitol; glucozo; fructozo, saccarozo…

\({n_{CO}} = 0,2 \to \left\{ \begin{array}{l} C{O_2}:a\\ CO:0,2 - a \end{array} \right.\)

\(\begin{array}{l} \to 44a + 28(0,2 - a) = 40.0,2 \to a = 0,15\\ \to \left\{ \begin{array}{l} Fe:0,1\\ O:0,15 \end{array} \right. \to \left\{ \begin{array}{l} F{e_2}{O_3}\\ 75\% \end{array} \right. \end{array}\)

Các chất thỏa mãn là: etyl axetat, Gly-Ala.

Số oxi hóa của sắt trong Fe₂O₃ đã cao nhất ở mức +3 nên không thể cho sản phẩm khử nữa.

\(\begin{array}{l} \to X \to {n_{C{O_2}}} = 0,3 \to 5,4\left\{ \begin{array}{l} COO:a\\ C{H_2}:0,3 - a \end{array} \right.\\ \to a = 0,04\\ \to {n_{{O_2}}} = 0,26 + \frac{{0,26}}{2} = 0,39 \to V = 8,736 \end{array}\)

Các chất thỏa mãn là: (NH₄)₂SO₄, MgCl₂, FeCl₂.

Đây là phương pháp đẩy nước để thu được những khí không tan hoặc tan rất ít trong nước. H₂ tan ít trong nước, NH₃ tan nhiều trong nước.

\({n_{{H_2}}} = 0,06 \to {n_{O{H^ - }}} = {n_{{H^ + }}} = 0,06\)

Amilopectin có cấu trúc mạch phân nhánh 

Đáp án C

\(\begin{array}{l} \left\{ \begin{array}{l} HCl:0,82 \to {n_O} = 0,41\\ FeC{l_3}:0,2 \to FeC{l_2}:0,11 \end{array} \right.\\ BTKL \to m = 0,31.56 + 0,41.16 = 23,92\,\,(gam) \end{array}\)

2NaHCO₃ +Ba(OH)₂ → BaCO₃↓ +Na₂CO₃ + 2H₂O

Ba(OH)₂ +2KHSO₄ → BaSO₄ ↓ +K₂SO₄ +2H₂O

2NaHCO₃ + 2KHSO₄ → K₂SO₄ +Na₂SO₄ + 2CO₂ +2H₂O

Các thí nghiệm thỏa mãn là: 2 – 3 – 5

(1).Sai vì Cr không tính lưỡng tính.

(2).Sai vì CrO₃ tan trong nước tạo hỗn hợp axit H₂CrO₄ và H₂Cr₂O₇

(3).Đúng theo SGK lớp 12

(4).Đúng theo SGK lớp 12

Các dung dịch X, Y, Z, T lần lượt là Glucozo, lòng trắng trứng, hồ tinh bột, axit axetic.

Đáp án A

\(18,28\left\{ \begin{array}{l} C{r_2}{O_3}:x\\ FeS{O_4}:y \end{array} \right. \to 102x + 152y = 18,28\)

Từ số mol kết tủa  \( \to 2y + a = 0,4\)

Từ số mol Ba(OH)₂   \(BTNT(Ba) \to x + y + a = 0,38 \to \left\{ \begin{array}{l} x = 0,06\\ y = 0,08\\ z = 0,24 \end{array} \right.\)

\( \to {n_e} = 0,06 \to m\left\{ \begin{array}{l} {O_2}:0,015\\ Ag:0,02\,mol\\ {H_2}:0,01\,\,mol \end{array} \right. \to m = 2,66\,\,\,(gam)\)

\(23,76\left\{ \begin{array}{l} Fe:\\ O:a\\ C{O_2}:0,06 \end{array} \right. \to 48,32\left\{ \begin{array}{l} Fe\\ SO_4^{2 - }:a \end{array} \right.\)

\(\begin{array}{l} \to 23,76 - 16a - 0,06.44 = 48,32 - 96a \to a = 0,34\\ \to \left\{ \begin{array}{l} Fe:15,68\,\,(gam)\\ OH:0,34.2\\ BaS{O_4}:0,34 \end{array} \right. \to {m_ \downarrow } = 106,46 \end{array}\)

Số thí nghiệm xảy ra phản ứng oxi hóa – khử là: (1), (2), (3), (4), (8).

\(\left\{ \begin{array}{l} {n_{NaOH}} = 0,1{n_{COO}} = 0,1\\ RCOONa \to {n_{{H_2}O}} = 0,05 \end{array} \right. \to {n_{HCOONa}} = 0,1\)

\(\begin{array}{l} 6,18 + 0,1.40 = 0,1.68 + 3,2 + 18{n_{{H_2}O}}\\ \to {n_{{H_2}O}} = 0,01\\ \to {n_{este}} = 0,1 - 0,01 = 0,09\\ \% HCOOC{H_3} = \frac{{0,09.60}}{{6.18}} = 87,38\% \end{array}\)

Y + AgNO3 dư → Khí NO nên trong Y có H+ dư, vậy chất rắn không tan là Cu (0,12 mol)

nH+ dư = 4nNO = 0,18

nAgCl = nHCl = 0,8

mAgCl + mAg = 126,14 → nAg = 0,105

Bảo toàn electron → nFe2+ = 3nNO + nAg = 0,24

Y chứa Fe2+ (0,24), H+ (0,18), Cl- (0,8), bảo toàn điện tích → nCu2+ = 0,07

Đặt a, b, c là số mol Fe3O4, Fe(OH)3, Fe(OH)2 trong X

mX = 232a + 107b + 90c + 64(0,12 + 0,07) = 33,26 (1)

Bảo toàn Fe → 3a + b + c = 0,24 (2)

Bảo toàn electron → 2a + b = 0,07.2 (3)

(1)(2)(3) → a = 0,04; b = 0,06; c = 0,06

→ %Fe(OH)2 = 16,2%

Khi cho E tham gia phản ứng thuỷ phân thì n_{X+ Y} = nH₂O = 0,1mol

Bảo toàn khối lượng → m_E = 50,14 + 7,36 + 0,1.18 - 0,5. 40 = 39,3 gam

Có m_N : m_O = 119 : 304 → n_N :n_O = 17 : 38

Gọi số mol của C, H, N lần lượt là x, y và 17z mol

Số nguyên tử N trung bình trong peptit là 17z :0,1 = 170z → công thức của peptit X,Y là C_aH_bN_170zO_170z+1

Số mol nguyên tử O trong este là 38z - 0,1.(170z+1) = 21z - 0,1

→ số nhóm COO trong este là 10,5z - 0,05

Có n_NaOH =n_N + n_{COO (Este)} → 0,1.170z + 10,5z -0,05 = 0,5

Ta có hệ \(\left\{\begin{array}{l} 12x + y + 17z. 14 + 38z . 16 = 39,3\\38z +1,975.2 = 2x +0,5y\\0,1.170z + 10,5z -0,05 = 0,5\end{array} \right.\) → \(\left\{\begin{array}{l} x = 1,62\\ y =2,94\\z = 0,02 \end{array} \right.\)

Có n_{COO (Este)} = 10,5. 0,02 - 0,05 = 0,16

Vì khi thuỷ phân E thu được ancol đơn chức T → n_ancol = n_{COO (Este)} =0,16 mol → M_T = 46 (C₂H₅OH) → este Z là C₂H₅OOC-(CH₂)_n-COOC₂H₅ : 0,08 mol

Số C có trong X, Y , Z là 1,62 : ( 0,1 + 0,08) = 9

Số mắt xích trung bình trong X và Y là 17. 0,02 : 0,1 = 3,4 và X, Y tao bởi Gly, ala, Val

→ X là 3Gly- Ala: a và Y là Val-2Gly : b mol

Ta có hệ \(\left\{\begin{array}{l} a + b = 0,1\\4a + 3b = 17. 0,02\end{array} \right.\) → \(\left\{\begin{array}{l} a= 0,04\\b = 0,06\end{array} \right.\)

% NH₂CH₂COONa = \(\dfrac{(0,04.3 + 0,06.2). 97}{50,14}\).100%= 46,43%. Đáp án A.