Tính chất hóa học đặc trưng của kim loại là tính khử

Đáp án D

BaCl₂ không phản ứng với dung dịch Ca(OH)₂.

Đáp án C

Fomalin (còn gọi là fomon) được dùng đẻ ngâm xác động, thực vật, thuộc da, tẩy uế, diệt trùng ...có công thức là HCHO. 

Đáp án A

chất béo là trieste của glixerol với các axit béo.

(C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅: C₃H₅ là gốc hiđrocacbon của glixerol;

C₁₅H₃₁COO là gốc panmitat của axit béo (axit panmitic: C₁₅H₃₁COOH)

⇒ (C₁₅H₃₁COO)₃C₃H₅ là panmitin, một chất béo no.

Đáp án C

A. FeCl₃ + 3KOH → Fe(OH)₃↓ + 3KCl ⇒ chọn.

B. FeCl₃ + NaCl → không phản ứng.

C. FeCl₃ + 3AgNO₃ → Fe(NO₃)₃ + 3AgCl.

D. FeCl₃ + CH₃OH → không phản ứng.

Đọc từ trái sang thì amino axit đầu tiên là đầu N và cuối cùng là đầu C.

⇒ amino axit đầu N là Gly ⇒ chọn D.

Hợp chất kém bền nhiệt sẽ bị nhiệt phân hủy:

2Al(OH)3 → Al2O3 + 3H2O.

Còn lại: NaOH; BaSO4; MgCl2 là các chất bền nhiệt, khó bị nhiệt phân hủy. 

Kim loại nào sau đây không tác dụng được với dung dịch NaOH loãng là Cr

Đáp án B

Poliacrilonitrin chỉ chứa 3 nguyên tố C, H, N trong phân tử

Đáp án D

4NO₂ + O₂ + 2H₂O → 4HNO₃. 

Phản ứng này là phản ứng oxi hóa - khử

Đáp án B

Đường saccarozơ còn gọi là đường nho → Sai

Đáp án B

NO2 :nâu đỏ

N2, N2O không màu không hóa nâu

NO không màu hóa nâu trong không khí

- Kết tủa thu được gồm BaSO4 và Al(OH)3. Để lượng kết tủa đạt cực đại thì:

+ nBaSO4 = nSO42+ = 3nAl2(SO4)3 + nH2SO4 = 0,18 mol

+ Vì: 3nAl3+ = nOH- - nH+ = 0,24 mol ⇒ nAl(OH)3 = nAl3+ = 0,08 mol

Vậy m = 78.nAl(OH)3 + 233.nBaSO4 = 48,18 (g) 

Theo định luật bảo toàn khối lượng ta có.

m_O2 = 30,2 – 17,4 = 12,8 gam ⇒ n_O2 = 0,4 mol

⇒ V_O2 = 0,4 × 22,4 = 8,96 lít ⇒ Chọn D

+ Để có pứ trắng gướng ⇒ cần –CHO trong CTCT.

⇒ Chọn glucozo, metyl fomat, axetanđehit ⇒ Chọn A

Triolein chứa 3π_C=C ⇒ phản ứng với Br₂ theo tỉ lệ 1 : 3

⇒ a = 0,6 ÷ 3 = 0,2 mol ⇒ chọn A.

Ví 2n axit glutamic > nNaOH

→ m rắn = 191.(nNaOH : 2) = 19,1 gam

Hình vẽ: Khí X được thu bằng phương pháp đẩy không khí.

Do bình úp ngược ⇒ khí X nhẹ hơn không khí. Xét các đáp án:

A và D. X là CO2 (M = 44) ⇒ nặng hơn không khí ⇒ loại.

B. X là NH3 (M = 17) ⇒ nhẹ hơn không khí ⇒ chọn B.

C. X là NO (M = 30) ⇒ nặng hơn không khí ⇒ loại.

KOH là chất điện li mạnh

Đáp án B

Sản phẩm tạo thành đều tham gia phản ứng tráng gương ⇒ X là HCOOCH=CHCH₃.

(1) Na2CO3 + BaCl2 → BaCO3 + 2NaCl

(2) NH3 + HCl → NH4Cl

(3) CO2 không phản ứng với HNO3

(4) NH4Cl + NaOH → NaCl + NH3 + H2O

- Đốt hỗn hợp X ta được : nO(trongX) = 0,24mol 

- Ta có .  C : H : O = nCO₂ : 2nH₂O : nO = 9 :10 : 2

Vậy CTPT của X là C₉H₁₀O₂

- Cho X với dung dịch NaOH dư, thu được chất hữu cơ Y thuộc dãy đồng đẳng của ancol metylic

Từ các dữ kiện trên ta được các CPCT của X là và C₆H₅CH₂COOCH₃ ,CH₃C₆H₄COOCH (o,m, p) C₆H₅COOC₂H₅ .

- Dung dịch X gồm BaCl2 (0,5a mol) và Ba(OH)2 (0,5a mol)

- Các chất tác dụng được với dung dịch X là Na2SO4, Na2CO3, Al, Al2O3, AlCl3 và NaHCO3 (dùng một lượng dư các chất).

Ba2+ + SO4 2- →  BaSO4 ; Ba2+ + CO32- → BaCO3

Ba(OH)2 + 2Al + 2H2O → Ba(AlO2)2 + 3H2 ;

Ba(OH)2 + Al2O3 → Ba(AlO2)2 + 2H2O

3Ba(OH)2 + 2AlCl3 → 3BaCl2 + 2Al(OH)3 ;

Ba(OH)2 + 2NaHCO3 → BaCO3 + Na2CO3 +2H2O

Số chất trong phân tử có chức nhóm –NH–CO– là:

+ Ure-fomanđehit, tơ nilon-6,6 và protein

- Cho m gam X tác dụng với Ca(OH)₂ thì :

nKHCO₃  + nNa₂CO₃ = nCaCO₃ = 0,12mol

- Khi cho 2m gam X tác dụng với HCl (dư): → BTNT(C)  nCO₂ = 2(nKHCO₃ + nNa₂CO₃) =  0,24mol

→ VCO₂ =  5,376(l)

- Hấp thụ toàn bộ 1/1000 lượng CO2 vào dung dịch chứa 0,085 mol NaOH thì : 

nNaOH + 2nNa2CO3 = nNaOH = 0,085 và 84nNaOH + 106nNa2CO3 = m chất tan = 4,44

Vậy nNaOH = 0,005 mol và nNa2CO3 = 0,04 mol

⇒ Lượng CO2 thu được khi lên men rượu là: nCO2 = 1000nNa2CO3 = 40 mol

- Khi lên men gạo nếp thì : Tinh bột (H% = 80%) → C6H12O6 (H% = 80%)→ 2C2H5OH+ 2CO2

→  m gạo nếp = 162.(n tinh bột/ 0,8) = 6328,125 (g) = 6,328 tấn

- Công thức cấu tạo của X là CH₃-CH₂-COO-CH₂-CH₂-OOC-CH=CH₂.

C₂H₅COOCH₂CH₂OOCC₂H₃ (X) + 2NaOH → C₂H₅COONa (Y) + C₂H₃COONa (Z) + C₂H₄ (OH)₂ (T)

C₂H₅COOCH₂CH₂OOCC₂H₃ + H2 → (C₂H₅COO)₂C₂H₄ (E)

(C₂H₅COO)₂C₂H₄ + 2NaOH → 2C₂H₅COONa + C₂H₄ (OH)₂

C₂H₅COONa + HCl → NaCl + C₂H₅COOH (F)

(1)  Mg + Fe₂(SO₄)₃ → MgSO4 + 2FeSO₄.

Vậy dung dịch thu được chứa hai muối MgSO₄ và FeSO₄

(2) Ban đầu Fe + 4HNO₃  → Fe(NO₃)₃ + NO + 2H₂O sau đó Fe (dư) + 2Fe(NO₃)₃ → 3Fe(NO₃)₂

Vậy dung dịch thu được chứa Fe(NO₃)₂ và Fe(NO₃)₃

(3) Fe + 3AgNO₃ → Fe(NO₃)₃ + 3Ag.  Dung dịch thu được chỉ chứa một muối Fe(NO₃)₃

(4) CO₂ + Ca(OH)₂ → CaCO₃ + H₂O. Chỉ thu được một muối CaCO₃

(5) AlCl₃ + 3NaOH → Al(OH)₃ + 3NaCl. Dung dịch thu được chỉ chứa một muối NaCl

Vậy có 2 trường hợp dung dịch thu được chứa 2 muối là (1) và (2)

(1) Sai, Cu không khử được ion Fe2+ trong dung dịch

(2), (3), (4) đều đúng.

Gọi x là số mol CH₃OH tham gia phản ứng  ⇒ nHCHO = nH₂O = x mol và nCH₃OH dư = 0,0375 - x

Cho X vào Na dư thì: 0,0375 - x + x = 2nH₂ ⇒ nH₂ = 0,0375 mol ⇒ V = 0,42 (l)

n_AlCl3 = n_Al(OH)3 max = a mol. Đặt n_HCl = b mol.

Bảo toàn nguyên tố Clo: n_AgCl = 0,5 mol = 3a + b

Xét phần 2: tại 0,14 mol NaOH thì

NaOH + HCl → NaCl + H₂O

3NaOH + AlCl₃ → Al(OH)₃ + 3NaCl.

⇒ n_NaOH = 0,14 mol = 3 × 0,2a + b

⇒ giải hệ cho:

a = 0,15 mol; b = 0,05 mol

Tại x mol NaOH ta có công thức:

n_OH^– = 4n_Al³⁺ – n_↓ (với số mol OH là mol OH phản ứng với Al³⁺)

x = (4 × 0,15 – 0,2 × 0,15) + 0,05 = 0,62 mol 

(1) Đúng.

(2) Sai, Trong tự nhiên, các hợp chất hữu cơ rất đa dạng và nhiều loại thành phần.

(3) Đúng.

(4) Sai, Lên men glucozơ thu được etanol và khí cacbon đioxit.

(5) Đúng.

(6) Sai, Các polime sử dụng làm chất dẻo đều được tổng hợp từ phản ứng trùng hợp và trùng ngưng.

Nếu n_NaCl > 2nCu(NO₃)₂ thì khí sinh bên anot là Cl₂: x mol, khí sinh bên catôt là H₂: y mol→ x = 1,5y

Ta có hệ \(\left\{\begin{array}{l} x- 1,5y = 0\\58,5.2x + 188. \dfrac{2.x-2y}{2} = 53,9\end{array} \right.\) → \(\left\{\begin{array}{l} x = 0,3\\ y = 0,2\end{array} \right.\)

Khi đó NaCl:0,6 mol và Cu(NO₃)₂ :0,1 mol ( thỏa mãn điều kiện) 

Khối lượng kim loại bám vào catot là m = 0,1.64 = 6,4 gam

Nếu I = 5A thì thơi gian điện phân là t = \(\dfrac{0,6. 96500}{5}\) =11580 = 3 giờ 13 phút 

Nếu t = 11966s và I = 5A thì số electron trao đôi là n_e = \(\dfrac{11966.5}{96500}\) = 0,62

Khi đó bên catot thu được Cu:0,1 mol và H₂: \(\dfrac{0,62-0,1.2}{2}\) = 0,21 mol

Bên anot thu được Cl₂: 0,3 mol và O₂: \(\dfrac{0,62-0,3.2}{4}\) = 0,005 mol

→ m_{dd giảm} = 0,1.64 + 0,21. 2 +0,3.71 + 0,005. 32 = 28,28 gam 

→ Đáp án B sai

- Trong E, công thức của X là CH₃NH₃HCO₃ và Y là CH₂(COONH₃CH₃)₂

- Khi cho E tác dụng với NaOH, thu được khí Z là CH₃NH₂ và hỗn hợp gồm 2 muối là CH₂(COONa)₂ và Na₂CO₃. Khi đó, ta có hệ phương tình sau: 

2nX + 2nY = nNaOH = 1 và 93nX + 166nY = 34,2

Vậy nX = 0,1 mol và nY = 0,15 mol

m muối = 106nNa₂CO₃ + 148nCH₂(COONa)₂ = 32,8 gam

- Khi cho hỗn hợp rắn X tác dụng với HCl thì : nHCl = 2nH₂ + 2nO(trong X) = 2.0,1+ 2.0,04.3 = 0,44mol 

- Dung dịch Y gồm AlCl₃ (x mol). CrCl₃ (y mol), CrCl₂ (z mol) khi cho tác dụng tối đa với 0,56 mol NaOH thì:

4nAl³⁺ + 4nCr³⁺ + 2nCr²⁺ = nOH^- ⇒ 4x + 4y + 2z =0,56 (1)

Và y + z = 0,08 (BTC); 3x + 3y + 2z = 0,44 (BT: Cl)     (2)

Từ (1) và (2) suy ra x = 0,08 mol

mAl = 0,08.27 = 2,16 gam

X là C₆H₅NH₂, Y là NH₃, Z là C₂H₅NH₂, T là C₆H₅OH

⇒ chọn A.

(1) FeCO₃ + 2HCl → FeCl₂ + CO₂ + H₂O và Mg + 2HCl → MgCl₂ + H₂

-  Số mol khí thu được ở (1) là 2a mol.

(2) 3Mg + 8HNO₃ → 3Mg(NO₃)₂ + 2NO + 4H₂O

- Số mol khí thu được ở (2) là 2a/3 mol

(3) FeCO₃ + 2HCl → FeCl₂ + CO₂ + H₂O và 3Mg + 8HNO₃ → 3Mg(NO₃)₂ + 2NO + 4H₂O

 Số mol khí thu được ở (2) là 5a/3 mol. Vậy V1 > V3 >V2

35,4(g) + ?O₂ → 1,4 mol CO₂ + 1,3 mol H₂O

⇒ bảo toàn khối lượng: ? = 1,55 mol.

Bảo toàn nguyên tố Oxi: n_O/E = 1 mol ⇒ n_COO = 0,5 mol

Dễ thấy k_X = k_Y = 1; k_Z = 2.

⇒ nC₂H₄(OH)₂ = n_Z = n_CO2 – nH₂O = 0,1 mol

⇒ nH₂O = n_X,Y = 0,5 – 0,1 × 2 = 0,3 mol.

Bảo toàn khối lượng:

m = 35,4 + 0,4 × (1 × 40 + 0,5 × 56) – 0,3 × 18 – 0,1 × 62 = 51(g)

Ta có sơ đồ phản ứng sau:

\(\underbrace {\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{Fe}\\{F{e_3}{O_4}}\\{Fe{{\left( {N{O_3}} \right)}_2}}\end{array}} \right\}}_{37,44(g)} + \begin{array}{*{20}{c}}{HCl:1,5}\\{HN{O_3}:0,12}\end{array} \to \underbrace {\left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{NO}\\{{N_2}O}\end{array}} \right\}}_{0,16{\rm{ }}mol} + {H_2}O + \left\{ {\begin{array}{*{20}{c}}{F{e^{2 + }}}\\{F{e^{3 + }}}\\{{H^ + }}\\{C{l^ - }:1,5}\end{array}} \right\}\)

⇒ n_AgCl = n_Cl^– = 1,5 mol ⇒ n_Ag = (220,11 – 1,5 × 143,5) ÷ 108 = 0,045 mol.

n_H⁺ dư = 4n_NO = 0,18 mol

Bảo toàn electron: n_Fe²⁺ = 3n_NO + n_Ag ⇒ n_Fe²⁺ = 0,18 mol.

Bảo toàn điện tích: n_Fe³⁺ = 0,32 mol.

Bảo toàn nguyên tố Hidro: nH₂O = 0,72 mol.

Đặt n_NO = x; nN₂O = y ⇒ n_Z = x + y = 0,16 mol.

Bảo toàn khối lượng:

m_Z = 30x + 44y = 5,36(g)

⇒ giải hệ có: x = 0,12 mol; y = 0,04 mol.

n_H⁺ phản ứng = 4n_NO + 10n_N2O + 2n_O 

⇒ nFe₃O₄ = 0,07 mol ⇒ mFe₃O₄ = 16,24(g).

 Bảo toàn khối lượng →  n_CO2 = 1,46

Bảo toàn O →  n_O(X) = 0,96

→  n_NaOH = 0,48

Ancol là R(OH)_n (0,48/n mol)

→  R + 17n = 17,88n/0,48 => R = 20,25n

Do 1 < n < 2 nên 20,25 < R < 40,5

Hai ancol cùng C nên ancol là C₂H₅OH (0,2 mol) và C₂H₄(OH)₂ (0,14 mol)

Do các muối mạch thẳng nên este không quá 2 chức.

n _{este 2 chức} = n_CO2 - n_H2O = 0,23n_NaOH = n_{Este đơn} + 2n_{Este đôi}

→  n_{este đơn chức} = n_NaOH - 0,23 . 2 = 0,02

n_{Este đôi} = n_A(COOC2H5) + n_(BCOO)2C2H4

→  n_A(COOH)2 = n_A(COOC2H5) = 0,23 - 0,14 = 0,09

n_NaOH = 2n_A(COOH)2 + n_BCOOH

→  n_BCOOH = n_NaOH - 0,09.2 = 0,3

Bảo toàn khối lượng:

m _muối = 0,3(B + 67) + 0,09(A + 134) = 36,66

→  10B + 3A= 150

→  A = 0 và B = 15 là nghiệm duy nhất.

Vậy các axit, ancol tạo ra 3 este gồm:

- C₂H₅OH (0_,2 mol) và C₂H₄(OH)₂ (0,14 mol)

- CH₃COOH (0,3 mol) và HOOC-COOH (0,09 mol)

Vậy các este trong X là:

C₂H₅-OOC-COO-C₂H₅: 0,09

CH₃-COO-CH₂-CH₂-OOC-CH₃: 0,14

CH₃-COO-C₂H₅: 0,02 → %CH₃COOC₂H₅ = 4,98%